A. | 由反应可确定:氧化性HClO4>HClO3 | |
B. | 若化学计量数a=8,b=3,则该反应转移电子数为10 | |
C. | 若b确定,则化学方程式中其他物质的化学计量数均能确定 | |
D. | 若氯酸分解所得混合气体,lmol混合气体质量为45g,则反应方程式可表示为:3HClO3=2O2↑+Cl2↑+HClO4+H2O |
分析 A.氧化还原反应中氧化性为:氧化剂>氧化产物;
B.从化合价变化的角度计算转移的电子数;
C.反应中遵循原子守恒、电子守恒;
D.由气体的物质的量和质量确定b、c,再结合氧化还原反应中遵循原子、电子守恒分析.
解答 解:A.由题HClO3既是氧化剂又是还原剂,HClO4、O2是氧化产物、Cl2是还原产物,氧化剂的氧化性强于氧化产物,则氧化性HClO4<HClO3,故A错误;
B.若化学计量数a=8,b=3,化学反应方程式为8HClO3=3O2↑+2 Cl2↑+4 HClO4+2H2O,还原产物只有Cl2,由HClO3→Cl2,Cl元素化合价由+5价降低为0价,故生成2molCl2时转移电子的物质的量为2mol×2×(5-0)=20mol,即该反应中电子转移数目为20e-,故B错误;
C.根据Cl原子守恒故a=2c+d,根据H原子守恒有a=d+2e,则2c+d=d+2e,由电子守恒得2d+4b=c×2×(5-0),若b确定,仍有3个未知数,不能确定其它化学计量数,故C错误;
D.由1mol混合气体质量为45g,则n(Cl2)+n(O2)=1mol,n(Cl2)×71g/mol+n(O2)×32g/mol=45g,解得n(Cl2)=$\frac{2}{3}$mol,n(O2)=$\frac{1}{3}$mol,故n(Cl2):n(O2)=2:1,令b=2c=2,则由电子守恒得d×(7-5)+b×4=c×2×(5-0),即d×(7-5)+2×4=1×2×(5-0),解得d=1,根据Cl原子守恒故a=2c+d=3,再根据H原子守恒有a=d+2e,故e=1,故该情况下反应方程式为3HClO3=2O2↑+Cl2↑+HClO4+H2O,故D正确;
故选D.
点评 本题考查氧化还原反应,为高频考点,把握反应中元素的化合价为解答本题的关键,注意反应中守恒法应用及电子转移计算方法,题目难度较大.
科目:高中化学 来源: 题型:选择题
A. | 将SO2通入次氯酸钠溶液中:SO2+ClO-+H2O═SO32-+Cl-+2H+ | |
B. | 向水中加入小块钠:Na+2 H2O═Na++2OH--+H2 | |
C. | 用KI、稀硫酸及淀粉检验碘盐中IO3-:IO3-+5I-+6H+═3I2+3H2O | |
D. | Cu片插入FeCl3溶液中:Cu+Fe3+═Fe2++Cu2+ |
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科目:高中化学 来源: 题型:解答题
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科目:高中化学 来源: 题型:选择题
A. | 磷酸的摩尔质量(以g/mol为单位)与NA 个磷酸分子的质量(以g为单位)在数值上相等 | |
B. | NA个氮分子和NA个氢分子的质量比等于14:1 | |
C. | 1molCH3+(碳正离子)中含有电子数为10NA | |
D. | 32g氧气所含的氧原子数目为2NA |
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科目:高中化学 来源: 题型:选择题
A. | 3:2 | B. | 3:1 | C. | 1:3 | D. | 1:1 |
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科目:高中化学 来源: 题型:选择题
A. | 以铝为阴极极,可以在铝表面生成一层致密的氧化膜 | |
B. | 在海轮外壳连接锌块保护外壳不受腐蚀是采用了牺牲阳极的阴极保护法 | |
C. | 生铁(铁碳合金)比纯铁耐酸能力更强 | |
D. | 可将地下输油钢管与外加直流电源的正极相连以保护它不受腐蚀 |
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科目:高中化学 来源: 题型:选择题
A. | 残留的固体物质为Na2CO3 | |
B. | 残留的固体物质0.5molNa2O2,1molNa2CO3 | |
C. | 排出的气体为1molO2,并无H2O(g) | |
D. | 排出的气体为1molO2,1molH2O(g) |
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科目:高中化学 来源: 题型:解答题
族周期 | ⅠA | ⅡA | ⅢA | ⅣA | ⅤA | ⅥA | ⅤⅡA | 0 |
2 | ⑬ | ① | ② | |||||
3 | ③ | ④ | ⑤ | ⑥ | ⑦ | ⑧ | ⑨ | |
4 | ⑩ | ⑪ | ⑫ |
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