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13.碳酸锶SrCO3不溶于水,溶于稀盐酸.为提高锶资源的综合利用,工业上以碳酸锶(杂质为含Ba、Fe的化合物)为原料制备六水氯化锶的量流程图如图所示.
已知:SrSO4、BaSO4、Fe(OH)3的溶度积常数分别为3.3×10-7、1.1×10-10、2.6×10-39;SrCl2•6H2O的摩尔质量为267g/mol.
请回答下列问题:
(1)锶元素在周期表中位置是第五周期第ⅡA主族,SrCO3与盐酸反应发生的离子方程式为SrCO3+2HCl=SrCl2+CO2↑+H2O.
(2)滤渣2的主要成分是氢氧化铁.
(3)加入SrO的实验目的是促进铁离子水解为氢氧化铁沉淀.
(4)加入H2O2后发生的离子方程式为2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O.
(5)若滤液1中c(Ba2+)=10-6mol/L,此滤液中$\frac{c(B{a}^{2+})}{c(S{r}^{3+})}$=3×105
(6)操作1应为蒸发浓缩、冷却结晶.
(7)实验结束得产品mg,将产品配成250mL溶液,取25mL于锥形瓶中,加入指示剂铬酸钾,用0.01mol/L的AgNO3标准溶液进行滴定实验,消耗标准液50mL时达到滴定终点(已知AgCl的溶解度为1.8×10-3g/L,砖红色难溶物Ag2CrO4的溶解度为2.0×10-2g/L).滴定终点的实验现象是出现砖红色深沉淀,产品中SrCl2•6H2O的质量分数为$\frac{1.335}{m}×100%$.

分析 以碳酸锶(杂质为含Ba、Fe的化合物)为原料制备六水氯化锶(SrCl2•6H2O),由流程可知,加水得到溶液中除含有Sr2+外,还含有少量Fe2+、Ba2+杂质,加适量稀硫酸将Ba2+生成硫酸钡沉淀过滤,滤渣1为硫酸钡,再向滤液中加入过氧化氢,将Fe2+氧化为Fe3+,加入SrO同时调节溶液pH,使Fe3+转化氢氧化铁沉淀,所以过滤后滤渣2氢氧化铁,滤液中含SrCl2,最后蒸发、冷却结晶得到SrCl2•6H2O,据此分析.

解答 解:(1)锶元素在周期表中第五周期第ⅡA主族,SrCO3和盐酸发生反应:SrCO3+2HCl=SrCl2+CO2↑+H2O;
故答案为:第五周期第ⅡA主族;SrCO3+2HCl=SrCl2+CO2↑+H2O;
(2)加入过氧化氢,将Fe2+氧化为Fe3+,再调节溶液pH,水解可生成氢氧化铁沉淀,滤渣2的主要成分是氢氧化铁;
故答案为:氢氧化铁;
(3)为使铁离子沉淀,需调节pH,又不宜引入新杂质,选用SrO,促进铁离子水解为氢氧化铁沉淀;
故答案为:促进铁离子水解为氢氧化铁沉淀;
(4)加入双氧水的目的是氧化亚铁离子为铁离子,发生的离子方程式为:2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O;
故答案为:2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O;
(5)Ba2+浓度为1×10-6 mol/L,BaSO4的溶度积常数为1.1×10-10,所以c(SO42-)=$\frac{1.1×10{\;}^{-10}}{1×1{0}^{-6}}$=1×10-4,SrSO4的溶度积常数分别为3.3×10-7,c(Sr3+)=$\frac{3.3×1{0}^{-7}}{1.1×1{0}^{-6}}$=0.3mol/L,故此滤液中$\frac{c(B{a}^{2+})}{c(S{r}^{3+})}$=$\frac{0.3}{1×1{0}^{-6}}$=3×105
故答案为:3×105
(6)SrCl2溶液经蒸发浓缩、冷却结晶得到SrCl2•6H2O;
故答案为:蒸发浓缩、冷却结晶;
(7)已知AgCl的溶解度为1.8×10-3g/L,砖红色难溶物Ag2CrO4的溶解度为2.0×10-2g/L,则滴定过程中首先析出沉淀为AgCl,当氯离子完全沉淀以后,开始生成Ag2CrO4砖红色沉淀,则滴入最后一滴硝酸银溶液时,溶液中出现砖红色深沉淀,即滴定完成;
取25mL于锥形瓶中,加入指示剂铬酸钾,用0.01mol/L的AgNO3标准溶液进行滴定实验,消耗标准液50mL时达到滴定终点,根据SrCl2•6H2O~2AgNO3,则25mL溶液中n(SrCl2•6H2O)=n(AgNO3)=0.01mol×50×10-3L=0.0005mol,产品mg,将产品配成250mL溶液,其中m(SrCl2•6H2O)=0.0005mol×10×267g/mol=1.335g,产品中SrCl2•6H2O的质量分数为$\frac{1.335}{m}×100%$;
故答案为:出现砖红色深沉淀;$\frac{1.335}{m}×100%$.

点评 本题为考查了物质的制备,题目难度中等,试题涉及了实验操作的控制、溶度积的计算、测量物质含量的方法等知识点,明确物质的性质及滴定原理是关键,试题培养了学生灵活应用所学知识的能力.

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