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2.X、Y、Z、W四种短周期元素在周期表中的位置关系如图1.

I.若Y元素原子的最外层电子数是电子层数的3倍.
(1)W的原子结构示意图为
(2)Z、W最高价氧化物的水化物酸性由强到弱的顺序为HClO4>H2SO4(填化学式).
(3)白磷(P4)在W2气体中燃烧可生成液态丙分子,也可生成固态丁分子.已知丙分子中各原子最外层均是8电子结构,丙的结构式是.白磷固体和W2气体反应,生成1mol液态丙时,能量变化如图2所示,写出该反应的热化学方程式$\frac{1}{4}$P4(s)+$\frac{3}{2}$Cl2(g)=PCl3(l)△H=-akJ/mol.已知1mol白磷固体和W2气体反应,生成固态丁时,放热bkJ,则1mol固态丁转化为液态丙时的△H=($\frac{1}{4}$b-a)KJ/mol.
II.若Y和Z的核外电子数之和为20.
(1)相对分子质量为28的Y的氢化物电子式为
(2)W的一种单质溶于足量浓硝酸,反应过程转移电子物质的量是该单质的20倍.反应的化学方程式为P4+20HNO3(浓)=20NO2↑+4H3PO4+4H2O.

分析 根据X、Y、Z、W四种短周期元素在周期表中的位置关系可知,X、Y在第二周期,Z、W在第三周期.
I.由于Y在第二周期,且Y元素原子的最外层电子数是电子层数的3倍,故Y的核外电子排布为2,6,故为O元素,则X为N元素,Z为S元素,W为Cl元素.
(1)W为氯元素,核内有17个质子,核外有17个电子;
(2)元素的非金属性越强,则最高价氧化物的水化物的酸性越强;
(3)白磷(P4)在氯气体中燃烧可生成液态丙分子即PCl3,也可生成固态丁分子即PCl5,据此写出PCl3的结构式;白磷固体和氯气反应,生成1molPCl3时,根据图示可知,反应放热aKJ,据此写出热化学方程式;而已知1mol白磷固体和氯气反应,生成固态丁PCl5时,放热bkJ,写出热化学方程式并根据盖斯定律来计算1mol固态丁转化为液态丙时的△H;
II.设Y的核外电子数为y个,则Z为(y+8),根据若Y和Z的核外电子数之和为20,可解得y=6,即Y为C元素,则Z为Si元素,W为P元素.
(1)相对分子质量为28的Y的氢化物为SiH4,为共价化合物,据此写出电子式;
(2)W的一种单质溶于足量浓硝酸,反应后变为+5价,而由于反应过程转移电子物质的量是该单质的20倍.故此单质为P4,据此写出化学方程式.

解答 解:根据X、Y、Z、W四种短周期元素在周期表中的位置关系可知,X、Y在第二周期,Z、W在第三周期.
I.由于Y在第二周期,且Y元素原子的最外层电子数是电子层数的3倍,故Y的核外电子排布为2,6,故为O元素,则X为N元素,Z为S元素,W为Cl元素.
(1)W为氯元素,核内有17个质子,核外有17个电子,故其结构示意图为,故答案为:
(2)元素的非金属性越强,则最高价氧化物的水化物的酸性越强,而由于非金属性Cl强于S,故酸性HClO4>H2SO4,故答案为:HClO4>H2SO4
(3)白磷(P4)在氯气体中燃烧可生成液态丙分子即PCl3,也可生成固态丁分子即PCl5,PCl3是共价化合物,结构式为
白磷固体和氯气反应,生成1molPCl3时,根据图示可知,反应放热aKJ,故热化学方程式为$\frac{1}{4}$P4(s)+$\frac{3}{2}$Cl2(g)=PCl3(l)△H=-akJ/mol   ①;
而已知1mol白磷固体和氯气反应,生成固态丁PCl5时,放热bkJ,即热化学方程式为:$\frac{1}{4}$P4(s)+$\frac{5}{2}$Cl2(g)=PCl5(s)△H=-$\frac{1}{4}$bkJ/mol   ②.
根据盖斯定律,将(①-②)可得:PCl5(s)=Cl2(g)+PCl3(l)△H=($\frac{1}{4}$b-a)KJ/mol.
故答案为:;$\frac{1}{4}$P4(s)+$\frac{3}{2}$Cl2(g)=PCl3(l)△H=-akJ/mol;($\frac{1}{4}$b-a)KJ/mol;
II.设Y的核外电子数为y个,则Z为(y+8),根据若Y和Z的核外电子数之和为20,有:y+y+8=20,可解得y=6,即Y为C元素,则Z为Si元素,W为P元素.
(1)相对分子质量为28的Y的氢化物为C2H4,即为乙烯,为共价化合物,故电子式为:,故答案为:
(2)W的一种单质溶于足量浓硝酸,反应后变为+5价,即生成H3PO4,而硝酸被还原为NO2,而由于反应过程中转移电子物质的量是该单质的20倍.故此单质为P4,故化学方程式为:P4+20HNO3(浓)=20NO2↑+4H3PO4+4H2O,故答案为:P4+20HNO3(浓)=20NO2↑+4H3PO4+4H2O;

点评 本题考查了元素的推导和结构式、电子式的书写以及化学方程式、热化学方程式的书写,难度不大,应注意的是盖斯定律的应用.

练习册系列答案
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(4)Z与某元素形成的化合物的晶胞如图1所示,晶胞中阴离子与阳离子的个数比是2:1.
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10.实验室需要0.1mol/LNaOH溶液450mL 和0.5mol/L硫酸溶液500mL.根据这两种溶液的配制情况回答下列问题:

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(2)下列操作中,容量瓶所不具备的功能有B、C、E(填序号).
A.配制一定体积准确浓度的标准溶液
B.贮存溶液
C.测量容量瓶规格以下的任意体积的液体
D.准确稀释某一浓度的溶液
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(3)根据计算用托盘天平称取NaOH的质量为2.0g.配制时,其正确的操作顺序是(用字母表示,每个字母只能用一次)BCAFED.
A.用30mL水洗涤烧杯2-3次,洗涤液均注入容量瓶
B.准确称取计算量的氢氧化钠固体于烧杯中,再加入少量水(约30mL),用玻璃棒慢慢搅动,使其充分溶解
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D.将容量瓶盖紧,振荡,摇匀
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F.继续往容量瓶内小心加水,直到液面接近刻度2~3cm处
(4)如图2是实验室化学试剂浓硫酸标签上的部分内容.配制上述稀硫酸溶液需要用该浓硫酸和蒸馏水,可供选用的仪器有:胶头滴管;玻璃棒;烧杯.请回答下列问题:
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 ②经计算,所需浓硫酸的体积约为13.6mL;若将该浓硫酸与等体积的水混合,所得溶液中溶质的质量分数>49%(填“>”、“<”或“=”).
③对所配制的稀硫酸进行测定,发现其浓度大于0.5mol•L-1,配制过程中下列各项操作可能引起该误差的原因是BCEG.
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B.用量筒量取浓硫酸时,仰视刻度线
C.用量筒量取浓硫酸后,用蒸馏水将量筒洗涤干净,洗涤液转移到烧杯中
D.转移溶液时,不慎有少量溶液洒出
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F.定容后,把容量瓶倒置摇匀,正放后发现液面低于刻度线,再加蒸馏水至刻度线
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