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14.氮、磷及其化合物广泛存在于自然界中,回答下列问题:
(1)在基态16N中,其P能级的电子云轮廓是哑铃形,原子核外电子排布为1s22s22p3
(2)碱性肥料氰氮化钙(CaCN2)的组成元素第一电离能最小的是Ca,CaCN2和H2O可发生如下反应:CaCN2+2H2O=NH4CN+Ca(OH)2,则NH4CN中含有5个δ键和2个π键.
(3)化合物(CH33N能溶于水,试解释其原因(CH33N与水分子间形成氢键,(CH33N与水均为极性分子,相似相溶,化合物(CH33N与盐酸反应生成[(CH33NH]+,该过程新生成的化学键为配位键.
(4)阳离子[(CH33NH]+和阴离子A可按个数比4:1组成化合物,阴离子A的结构如图1所示:

则S原子以sp3杂化方式与Ge结合,阴离子A的化学式为[Ge4S10]4-
(5)BP是一种耐磨材料,其结构与金刚石相似(如图2),已知晶体中B与P原子的最近距离为apm,则该晶体密度的表达式为$\frac{4×42}{{N}_{A}×(\frac{4a}{\sqrt{3}}×1{0}^{-10})^{3}}$g•cm-3(不需化简).

分析 (1)P能级的电子云轮廓是哑铃形,N原子核外电子数为7,根据能量最低原理书写核外电子排布;
(2)金属性越强第一电离能越小;NH4+含有4个δ键,CN-中含有碳氮三键,含有1个δ键和2个π键;
(3)N元素电负性很大,能与水分子之间形成氢键,结合相似相溶原理分析;氢离子含有空轨道,N原子含有孤对电子,通过配位键生成[(CH33NH]+
(4)阳离子[(CH33NH]+和阴离子A可按个数比4:1组成化合物,阴离子A中含有4个Ge和10个S,结合电中性可知阴离子为[Ge4S10]4-,结构中6个S原子形成2个共价键,还含有2个孤对电子,其中4个S只形成一个共价键,则还要得到一个电子才能形成8电子稳定结构,含有3对孤电子对,杂化轨道数目均为4;
(5)B原子与周围的4个P原子形成正四面体结构,B原子与晶胞顶点P原子连线处于晶胞体对角线上,且距离为体对角线长度的$\frac{1}{4}$,体对角线长度为晶胞棱长的$\sqrt{3}$倍,可以计算晶胞棱长,根据均摊法计算晶胞中原子数目,表示出晶胞质量,再根据ρ=$\frac{m}{V}$计算晶体密度.

解答 解:(1)P能级的电子云轮廓是哑铃形,N原子核外电子数为7,核外电子排布式为1s22s22p3
故答案为:哑铃;1s22s22p3
(2)Ca为金属,C、N为非金属性,故Ca的第一电离能最小;NH4+含有4个δ键,CN-中含有碳氮三键,含有含有1个δ键和2个π键,故NH4CN中含有5个δ键和2个π键,
故答案为:Ca;5;2;
(3)极性分子(CH33N和水之间形成氢键,所以溶解性增强,且二者均为极性分子,相似相溶,
化合物(CH33N与盐酸反应生成[(CH33 NH]+,氢离子含有空轨道,N原子含有孤对电子,该过程新生成的化学键为氮与质子氢离子形成配位键,
故答案为:(CH33N与水分子间形成氢键,(CH33N与水均为极性分子,相似相溶;配位键;
(4)阳离子[(CH33NH]+和阴离子A可按个数比4:1组成化合物,阴离子A中含有4个Ge和10个S,结合电中性可知阴离子为[Ge4S10]4-,结构中6个S原子形成2个共价键,还含有2个孤对电子,其中4个S只形成一个共价键,则还要得到一个电子才能形成8电子稳定结构,含有3对孤电子对,杂化轨道数目均为4,属于sp3杂化;
故答案为:sp3;[Ge4S10]4-
(5)B原子与周围的4个P原子形成正四面体结构,B原子与晶胞顶点P原子连线处于晶胞体对角线上,且距离为体对角线长度的$\frac{1}{4}$,体对角线长度为晶胞棱长的$\sqrt{3}$倍,晶体中B与P原子的最近距离为a pm,则晶胞棱长为$\frac{4a}{\sqrt{3}}$ pm,晶胞中B原子数目为4,P原子数目为8×$\frac{1}{8}$+6×$\frac{1}{2}$=4,故晶胞质量为4×$\frac{11+31}{{N}_{A}}$g,则晶体密度为4×$\frac{11+31}{{N}_{A}}$g÷($\frac{4a}{\sqrt{3}}$×10-10 cm)3=$\frac{4×42}{{N}_{A}×(\frac{4a}{\sqrt{3}}×1{0}^{-10})^{3}}$g•cm-3
故答案为:$\frac{4×42}{{N}_{A}×(\frac{4a}{\sqrt{3}}×1{0}^{-10})^{3}}$.

点评 本题是对物质结构与性质的考查,涉及核外电子排布、电离能、化学键、杂化方式、分子结构与性质、晶胞计算等,注意晶胞密度的计算利用均摊法、注意理解同周期主族元素中第一电离能异常原因,理解价层电子对理论与杂化轨道理论.

练习册系列答案
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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

19.纳米氧化亚铜在水的光解等领域具有极大应用潜能,是极具开发前景的绿色环保光催化剂.目前主要的合成方法有电解法、高温固相法等.
(1)有研究表明阳极氧化法成功制得了Cu2O 纳米阵列,装置如图:该电池的阳极反应方程式为2Cu-2e-+2OH-=Cu2O+H2O离子交换膜为阴(填阳或阴)离子交换膜,铜网应连接电源的正极.
(2)在高温下用甲烷将粉状CuO 还原也可制得Cu2O.
已知:①2Cu(s)+$\frac{1}{2}$O2(g)=Cu2O(s);△H=-169kJ•mol-1
②CH4(g)+2O2(g)=CO2(g)+2H2O(g);△H=-846.3kJ•mol-1
③Cu(s)+$\frac{1}{2}$O2(g)=CuO(s);△H=-157kJ•mol-1
则该反应的热化学方程式是:8CuO(s)+CH4(g)=4Cu2O(s)+CO2(g)+2H2O(g)△H=-266.3kJ/mol.
(3)在相同的密闭容器中,用等质量的三种纳米Cu2O(用不同方法制得)分别进行催化分解水的实验:2H2O(g)$?_{Cu_{2}O}^{光照}$2H2(g)+O2(g)△H>0.水蒸气浓度随时间t变化如下表所示:
序号 01020304050
T10.0500.04920.04860.04820.04800.0480
T10.0500.04880.04840.04800.04800.0480
T20.100.0940.0900.0900.0900.090
①对比实验的温度:T2>T1(填“>”“<”或“﹦”),原因是因为该反应的正反应方向为吸热方向,升温,平衡正向移动,平衡常数增大,③的平衡常数大于①,说明T2大于T1
②实验①前20min的平均反应速率 v(O2)=3.5×10-5mol/(L•min)
③比较不同方法制得的Cu2O的催化效果应选用①和②组实验,原因是除催化剂外,其他条件相同.

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科目:高中化学 来源: 题型:选择题

5.如图实验现象预测正确的是(  )
A.实验Ⅰ:振荡后静置,上层溶液颜色保持不变
B.实验Ⅱ:酸性KMnO4溶液中出现气泡,且颜色逐渐褪去
C.实验Ⅲ:微热稀HNO3片刻,溶液中有气泡产生,广口瓶内始终保持无色
D.实验Ⅳ:向沸水中滴加FeCl3溶液,继续煮沸溶液至红褐色,就可以制备FeCl3胶体

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

9.锰的用途非常广泛,以碳酸锰矿(主要成分为MnCO3,还含有铁、镍、钴等碳酸盐杂质)为原料生产金属锰的工艺流程如下:

已知25℃,部分物质的溶度积常数如下:
物质Mn(OH)2Co(OH)2Ni(OH)2MnSCoSNiS
Ksp2.1×10-133.0×10-165.0×10-161.0×10-115.0×10-221.0×10-22
(1)步骤Ⅰ中,为加快溶浸速率,可采取的措施是:升高温度、适当增大硫酸浓度、减小矿粉颗粒直径.(至少答两条)
(2)步骤Ⅱ中,须加氨水调节溶液的pH为5.0~6.0,则滤渣1的主要成分为Fe(OH)3(填化学式).已知MnO2的作用为氧化剂,则得到该成分所涉及的离子方程式为2Fe2++MnO2+4H+=2Fe3++Mn2++2H2OFe3++3NH3﹒H2O=Fe(OH)3↓+3NH4+
(3)步骤Ⅲ中,所加(NH42S的浓度不宜过大的原因是若(NH42S的浓度过大,产生MnS沉淀,造成产品损失.
(4)滤液2中,c(Co2+):c(Ni2+)=5:1.
(5)将质量为a㎏的碳酸锰矿经上述流程处理后得到单质Mn b kg.若每一步都进行完全,滤渣1为纯净物,质量为c kg,则原碳酸锰矿中MnCO3的质量分数为$\frac{(b-\frac{c}{107}×\frac{1}{2}×55)×\frac{115}{55}}{a}$×100%.(用含a、b、c的式子表达,无需化简)

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19.铁的化合物有广泛用途,如碳酸亚铁(FeCO3)可作为补血剂,铁红(Fe2O3)可作为颜料.利用某硫酸厂产生的烧渣(主要含Fe2O3、FeO,还有一定量的SiO2)制备的流程如下:

(1)“酸溶”时加快反应速率的方法有加热、增加硫酸的浓度、将烧渣粉碎、搅拌等.(写出一种)
(2)①“还原”时,FeS2与H2SO4不反应,Fe3+通过两个反应被还原,其中一个反应如下:
FeS2+14Fe3++8H2O=15Fe2++2SO42-+16H+,则另一个反应的离子方程式为FeS2+2Fe3++=3Fe2++2S↓.
②加入FeS2还原后,检验Fe3+是否反应完全的方法是取少量溶液,滴入几滴KSCN溶液,若溶液变为血红色,说明其中含有Fe3+,反应,未反应完全.
(3)①“沉淀”时,需要控制温度在35℃以下,其可能原因是防止碳酸铵分解,减小亚铁离子的水解程度.
②所得FeCO3需充分洗涤,检验沉淀已洗净的方法是取少许最后一次洗涤液于试管中,滴加稀盐酸,无明显现象,再滴加BaCl2溶液,若无白色沉淀生成,则表明已洗涤干净,反之,则说明没洗涤干净.
(4)FeCO3浊液长时间暴露在空气中,会有部分固体表面变为红褐色,同时释放出CO2,则与FeCO3反应的物质为O2、H2O(填化学式).
(5)写出在空气中煅烧FeCO3制备高纯氧化铁的化学方程式:4FeCO3+O2$\frac{\underline{\;高温\;}}{\;}$2Fe2O3+4CO2
FeCO3在空气中煅烧生成Fe2O3时,也会生成FeO.现煅烧23.2kg的FeCO3,得到Fe2O3和FeO的混合物15.84kg.则Fe2O3的质量为14.4kg.

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科目:高中化学 来源: 题型:实验题

6.SnSO4是一种重要的硫酸盐,在工业生产中有着广泛的应用.其制备路线如下:

已知:在酸性条件下,溶液中的Sn2+可被空气中的氧气氧化成Sn4+; SnCl2能水解生成碱式氯化亚锡[Sn(OH)Cl].
(1)写出物质A的名称:硫酸.
(2)SnCl2用盐酸而不用水溶解的原因是2Sn2++O2+4H+═2Sn4++2H2O(用化学方程式表示).
(3)锡粉的作用是除去酸溶时产生的少量Sn4+,请写出产生Sn4+的离子方程式:2Sn2++O2+4H+═2Sn4++2H2O.
(4)反应Ⅰ生成的沉淀为SnO,写出该反应的化学方程式:SnCl2+2NH4HCO3═SnO↓+2CO2↑+2NH4Cl+H2O;该反应的温度需要控制在75℃左右的原因是温度较低时反应速率小,温度较高时碳酸氢铵会分解.
(5)实验室中“漂洗”沉淀的实验操作方法是(沿玻璃棒)向漏斗(或过滤器)中加蒸馏水至浸没沉淀,(静置)待水全部流出后,重复操作2~3次;如何鉴别是否漂洗干净取最后一次漂洗液1-2mL于试管中,滴加硝酸酸化的AgNO3,若产生白色沉淀则说明没有漂洗干净,反之漂洗干净.

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科目:高中化学 来源: 题型:选择题

3.过量的Fe与一定量的稀硫酸反应制取氢气,一定温度下为加快反应速率而又不影响氢气的量,可向其中加入少量的(  )
A.CuSO4晶体B.Cu(NO32晶体C.CH3COOK固体D.SO3固体

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4.加热试管中的NH4HCO3,使放出的气体依次通过盛有足量过氧化钠的干燥管、足量浓硫酸的洗气瓶,最后得到的气体是(  )
A.NH3B.O2C.H2OD.CO2

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