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5.A、B、C、D、E、F、G、H八种短周期主族元素,原子序数依次增大.A元素的一种核素质子数与质量数在数值上相等;B的单质分子中有三对共用电子;C、G同主族,且核电荷数之比为1:2;D的单质能与冷水剧烈反应,所得强碱性溶液中含有两种电子数相同的阴、阳离子;E元素原子最外层电子数是G元素原子最外层电子数的一半;F的最外层电子数是内层电子总数的一半.试回答下列问题:
(1)C、D、H组成的化合物W是家用消毒剂的主要成分,W的溶液呈碱性,用离子方程式解释其原因ClO-+H2O?HClO+OH-;起消毒作用的微粒结构式为H-O-Cl.
(2)含B的四原子分子I与D的单质和水反应所得的阴离子电子数相等,I的分子空间构型为三角锥型,它属于极性分子(填“极性”或“非极性”);请比较I与FA3的沸点高低并加以解释NH3的沸点高于PH3,因为NH3分子间存在氢键.
(3)常温时,39g C、D按原子个数比1:l形成的化合物X与足量CO2反应放出Q kJ的热量,写出该反应的热化学方程式;2Na2O2(s)+2CO2(g)=2Na2CO3(s)+O2(g);△H=-4Q kJ•mol-1用D2C2在酸性条件下处理含CB-(此C是碳)的工业废水,将得到B的单质及CO2(二氧化碳)等物质,请写出该反应的离子方程式5Na2O+2CN-+12H+=2CO2↑+N2↑+10Na++6H2O.
(4)甲是Na2CO3,乙、丙分别是E、G两种元素最高价含氧酸的钠盐,甲、乙都能与丙发生反应,且丙用量不同,反应的产物不同.回答问题:
①向丙溶液中缓慢滴加过量的乙溶液过程中发生反应的离子方程式4H++AlO2-=Al3++2H2O,Al3++3AlO2-+6H2O=4Al(OH)3↓.
②向甲溶液中缓慢滴加等物质的量的丙溶液后,所得溶液中离子浓度由大到小的顺序为c(Na+)>c(SO42-)>c(HCO3-)>c(OH-)>c(H+)>c(CO32-).
(5)取一定质量含Cu、Cu2O和CuO的固体混合物,将其分成两等份并进行图1转化:已知Y是B的最高价氧化物对应的水化物,Z是BC的气体.则转化过程中所加稀Y的物质的量浓度为4mol/L

(6)由上面八种元素中一些元素组成P、Q、M、N四种物质,可以在如图2所示装置发生下列反应:
3P(g)+2Q(g)?M(g)+2N(g);△H<0,当关闭阀门K时,
向丁中充入1mol P、4mol Q,向戊中充入2mol P、8mol Q,起始时,丁、戊体积均为V  L.在相同温度和有催化剂存在的条件下,达到平衡(Ⅰ)时,V(丁)=0.88V  L.请回答:
①丁中Q的转化率为15%;
②丁中N和戊中M的物质的量比较:后者大(填“相等”、“前者大”、“后者大”);
③打开K,过一段时间重新达平衡(Ⅱ)时,丁的体积为1.64VL(用含V的代数式表示,连通管中气体体积忽略不计.)

分析 A、B、C、D、E、F、G、H八种短周期主族元素,原子序数依次增大,A元素的一种核素质子数与质量数在数值上相等,则A是H元素;B的单质分子中有三对共用电子,为N元素;
C、G同主族,且核电荷数之比为1:2,C为O元素、G为S元素;
D的单质能与冷水剧烈反应,所得强碱性溶液中含有两种电子数相同的阴、阳离子,则D是Na元素;E元素原子最外层电子数是G元素原子最外层电子数的一半,为Al元素;F的最外层电子数是内层电子总数的一半,为P元素;
(1)形成的W是NaClO,NaClO是强碱弱酸盐,水解呈碱性;起消毒作用的是HClO;
(2)钠和水反应生成钠离子和氢氧根是10电子,10电子的四原子是NH3,氨气分子为三角锥形结构,为极性分子;含有氢键的氢化物熔沸点较高;
(3)常温时,39g O、Na按原子个数比1:l形成的化合物Na2O2与足量CO2反应放出Q kJ的热量,39g过氧化钠的物质的量是0.5mol,0.5mol过氧化钠反应放出QkJ热量,则2mol过氧化钠完全反应放出4QkJ热量;
用Na2O2在酸性条件下处理含CN-(此C是碳)的工业废水,将得到N2及CO2(二氧化碳)等物质,根据反应物和生成物书写离子方程式;
(4)甲是Na2CO3,乙、丙分别是E、G两种元素最高价含氧酸的钠盐,甲、乙都能与丙发生反应,且丙用量不同,则乙、丙分别是偏铝酸钠、硫酸氢钠;
①向NaHSO4溶液中缓慢滴加过量的NaAlO2溶液,由于开始时NaHSO4过量,所以先发生4H++AlO2-=Al 3++2H2O,当将NaHSO4反应完之后,再发生Al 3++3AlO2-+6H2O=4Al(OH)3↓;
②向Na2CO3溶液中缓慢滴加等物质的量的NaHSO4溶液后,溶液中存在的物质是NaHCO3和Na2SO4.HCO3-水解使溶液显碱性,HCO3-电离产生H+和CO32-,加上水电离产生的H+,使得c(H+)>c(CO32-);
(5)CuO、Cu2O被氢气还原得到Cu和水,参与反应的HNO3中化合价降低的硝酸根、氢原子和Cu、Cu2O和CuO的固体混合物的氧原子生成了NO 和H2O,n(NO)=0.2mol,化合价降低n(NO3-)=0.2mol
利用O原子守恒.n(NO3-的氧原子)×3+n(固体混合物的氧原子)=n(NO的氧原子)+n(H2O的氧原子),n(H2O)=1mol,n(H2O的H)=2mol,
利用H原子守恒进行计算;
(6)①同温同压下,体积之比等于物质的量之比,n(丁反应前)/n(丁反应达平衡时)=V L/0.88V L n(丁反应达平衡时)=4.4mol;
1-3X+(4-2X)+X+2X=4.4 X=0.3 Q的转化率=2X÷4=15%
②假设丁戊在同温同压下,向丁中充入1mol P、4mol Q,向戊中充入2mol P、8mol Q,是等效平衡,丁中N和戊中M的物质的量相等,那时戊的体积应该是1.76V,但实际上只有V,所以相当于压缩了戊的体积,平衡朝生成M的方向移动;
③在同温同压下,丁中充入1mol P、4mol Q,和相当于向戊丁连接器中充入3mol P、12mol Q,是等效平衡,最后达平衡时,连接器的体积是充入1mol P、4mol Q达平衡体积的三倍.

解答 解:A、B、C、D、E、F、G、H八种短周期主族元素,原子序数依次增大,A元素的一种核素质子数与质量数在数值上相等,则A是H元素;B的单质分子中有三对共用电子,为N元素;
C、G同主族,且核电荷数之比为1:2,C为O元素、G为S元素;
D的单质能与冷水剧烈反应,所得强碱性溶液中含有两种电子数相同的阴、阳离子,则D是Na元素;E元素原子最外层电子数是G元素原子最外层电子数的一半,为Al元素;F的最外层电子数是内层电子总数的一半,为P元素;
(1)形成的W是NaClO,NaClO是强碱弱酸盐,水解呈碱性,水解方程式为ClO-+H2O?HClO+OH-;起消毒作用的是HClO,结构式为H-O-Cl,
故答案为:ClO-+H2O?HClO+OH-;H-O-Cl;
(2)钠和水反应生成钠离子和氢氧根是10电子,10电子的四原子是NH3,氨气分子为三角锥形结构,为氨气分子正负电荷重心不重合,为极性分子;含有氢键的氢化物熔沸点较高,氨气中存在氢键而磷化氢中不含氢键,所以氨气熔沸点高于磷化氢,
故答案为:三角锥;极性;NH3的沸点高于PH3,因为NH3分子间存在氢键;
(3)常温时,39g O、Na按原子个数比1:l形成的化合物Na2O2与足量CO2反应放出Q kJ的热量,39g过氧化钠的物质的量是0.5mol,0.5mol过氧化钠反应放出QkJ热量,则2mol过氧化钠完全反应放出4QkJ热量,热化学方程式为2Na2O2(s)+2CO2(g)=2Na2CO3(s)+O2(g);△H=-4Q kJ•mol-1
用Na2O2在酸性条件下处理含CN-(此C是碳)的工业废水,将得到N2及CO2(二氧化碳)等物质,根据反应物和生成物书写离子方程式为5Na2O+2CN-+12H+=2CO2↑+N2↑+10Na++6H2O,
故答案为:2Na2O2(s)+2CO2(g)=2Na2CO3(s)+O2(g)△H=-4Q kJ•mol-1
5Na2O+2CN-+12H+=2CO2↑+N2↑+10Na++6H2O;
(4)甲是Na2CO3,乙、丙分别是E、G两种元素最高价含氧酸的钠盐,甲、乙都能与丙发生反应,且丙用量不同,则乙、丙分别是偏铝酸钠、硫酸氢钠;
①向NaHSO4溶液中缓慢滴加过量的NaAlO2溶液,由于开始时NaHSO4过量,所以先发生4H++AlO2-=Al 3++2H2O,当将NaHSO4反应完之后,再发生Al 3++3AlO2-+6H2O=4Al(OH)3↓,
故答案为:4H++AlO2-=Al3++2H2O,Al3++3AlO2-+6H2O=4Al(OH)3↓;
②向Na2CO3溶液中缓慢滴加等物质的量的NaHSO4溶液后,溶液中存在的物质是NaHCO3和Na2SO4.HCO3-水解使溶液显碱性,HCO3-电离产生H+和CO32-,加上水电离产生的H+,使得c(H+)>c(CO32-),离子浓度大小顺序是c(Na+)>c(SO42-)>c(HCO3-)>c(OH-)>c(H+)>c(CO32-),
故答案为:c(Na+)>c(SO42-)>c(HCO3-)>c(OH-)>c(H+)>c(CO32-);
(5)CuO、Cu2O被氢气还原得到Cu和水,参与反应的HNO3中化合价降低的硝酸根、氢原子和Cu、Cu2O和CuO的固体混合物的氧原子生成了NO 和H2O,n(NO)=0.2mol,化合价降低n(NO3-)=0.2mol
利用O原子守恒.n(NO3-的氧原子)×3+n(固体混合物的氧原子)=n(NO的氧原子)+n(H2O的氧原子),n(H2O)=1mol,n(H2O的H)=2mol,利用H原子守恒进行计算,n(HNO3的氢原子)=n(H2O的氢原子)=2mol,c(HNO3)=$\frac{2mol}{0.5L}$=4mol/L,
故答案为:4mol/L;
(6)①同温同压下,体积之比等于物质的量之比,n(丁反应前)/n(丁反应达平衡时)=V L/0.88V L n(丁反应达平衡时)=4.4mol;
该反应中 3P(g)+2Q(g)?M(g)+2N(g);
开始(mol)1mol      4mol        0           0
反应(mol)3x          2x          x           2x
平衡(mol)1-3x     4-2x        x            2x
1-3x+(4-2x)+x+2x=4.4 x=0.3
Q的转化率=2X÷4=15%,
故答案为:15%;
②假设丁戊在同温同压下,向丁中充入1mol P、4mol Q,向戊中充入2mol P、8mol Q,是等效平衡,丁中N和戊中M的物质的量相等,那时戊的体积应该是1.76V,但实际上只有V,所以相当于压缩了戊的体积,平衡朝生成M的方向移动,所以丁中N小于戊中M的物质的量,
故答案为:后者大;
③在同温同压下,丁中充入1mol P、4mol Q,和相当于向戊丁连接器中充入3mol P、12mol Q,是等效平衡,最后达平衡时,连接器的体积是充入1mol P、4mol Q达平衡体积的三倍,丁的体积=3×0.88V-V=1.64V,
故答案为:1.64V.

点评 本题考查较综合,涉及化学平衡计算、盐类水解、氧化还原反应计算、离子方程式的书写等知识点,为高频考点,明确化学反应原理、元素化合物性质及物质之间的转化是解本题关键,侧重考查学生分析判断、计算能力,难点是(6)题计算,注意构建等效平衡过程,题目难度中等.

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20.化学与生产、生活、社会密切相关.下列有关说法中,错误的是(  )
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2.已知t℃,p kPa时,在一密闭容器中充入1mol A和1mol B,保持恒温恒压下发生反应:A(g)+B(g)?C(g);△H=-Q (Q>0)达到平衡时,C的体积分数为40%.试回答有关问题:
(1)A的转化率为57.1%.
(2)若使温度、压强在上述条件下恒定不变,在密闭容器中充入2mol A和2mol B,则反应达到平衡时,C的体积分数为40%.
(3)若平衡时,保持容器容积不变,使容器内压强增大,则平衡D.
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C.一定不移动    D.不一定移动.

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9.“霾”是当今世界环境热点话题.某地空气质量恶化原因之一是机动车尾气和燃煤产生的烟气.NO和CO气体均为汽车尾气的成分,这两种气体在催化转换器中发生如下反应:
2NO(g)+2CO(g)$\stackrel{催化剂}{?}$2CO2(g)+N2(g)△H=-akJ•mol-1(a>0)
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②20min时,若改变反应条件,导致CO浓度减小,则改变的条件可能是cd(选填序号).
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b.增加CO的量
c.降低温度
d.扩大容器体积
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(2)已知:2NO(g)+O2(g)═2NO2(g)△H=-bkJ•mol-1(b>0)
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砝码质量/g502020105
称量(取用砝码过程)     

(3)配制方法:设计五个操作步骤:
①向盛有NaOH的烧杯中加入200mL蒸馏水使其溶解,并冷却至室温.
②继续往容量瓶中加蒸馏水至液面接近刻度线1~2cm.
③将NaOH溶液沿玻璃棒注入500mL容量瓶中.
④在烧杯中加入少量的蒸馏水,小心洗涤2~3次后移入容量瓶.
⑤改用胶头滴管加蒸馏水至刻度线,加盖摇匀.
试将以上操作排出先后顺序①③④②⑤.
(4)某学生实际配制NaOH溶液的浓度为0.48mol/L,原因可能是ACD.
A.使用滤纸称量氢氧化钠固体                B.容量瓶中原来存有少量蒸馏水
C.溶解后的烧杯未经多次洗涤                D.胶头滴管加水后定容时仰视刻度.

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