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17.已知在25℃时,醋酸、碳酸、次氯酸、氢硫酸和亚硫酸的电离平衡常数分别为
CH3COOH:Ka=1.8×10-5        
H2CO3:Ka1=4.3×10-7 
Ka2=5.6×10-11
HClO:Ka=3.0×10-8             
H2S:Ka1=9.1×10-8 Ka2=1.1×10-12
H2SO3:Ka1=1.5×10-2 Ka2=1.0×10-7
(1)写出碳酸的第二级电离平衡常数表达式Ka2=$\frac{c({H}^{+})•c(C{{O}_{3}}^{2-})}{c(HC{{O}_{3}}^{-})}$.
(2)在25℃时,相同物质量浓度的上述四种酸溶液中,氢离子浓度最大的是H2SO3(填“醋酸”、“碳酸”、“次氯酸”、“氢硫酸”或“亚硫酸”,下同);水电离的氢离子浓度最大的是HClO.
(3)在25℃时,饱和氢硫酸溶液的物质的量浓度约为0.1mol•L-1,用广泛pH试纸测定其pH值的操作方法是:把一小块试纸放在玻璃片上,用干燥洁净的玻璃棒沾取待测溶液,点在试纸上,对比标准比色卡,观察颜色的变化,读取pH值;若此时测得溶液的pH=4,则此时氢硫酸的电离度=0.1%;加水稀释饱和氢硫酸溶液,下列数值增大的是BDE.
A.c(HS-)             B.c(OH-)          C.c(H+)•c(OH-
D.n(H+)•n(OH-)        E.$\frac{c(H{S}^{-})}{c({H}_{2}S)}$
(4)下列离子方程式中正确的是AC.
A.少量CO2通入次氯酸钠溶液中:CO2+H2O+ClO-═HCO${\;}_{3}^{-}$+HClO
B.少量SO2通入次氯酸钙溶液中:Ca2++2ClO-+SO2+H2O═CaSO3↓+2HClO
C.过量SO2通入碳酸钠溶液中:2SO2+H2O+CO32-═2HSO3-+CO2
D.过量CH3COOH加入碳酸钠溶液中:CH3COOH+CO32-═CH3COO-+HCO3-

分析 (1)碳酸的第一、二级电离方程式为H2CO3?H++HCO3-,HCO3-?H++CO32-,电离平衡常数为生成物浓度幂之比与反应物浓度幂之积的比值;
(2)弱酸的电离平衡常数越大,其酸性越强,相同物质的量浓度时电离出来的氢离子浓度越大,水电离出来的氢离子浓度越小;
(3)用pH试纸测溶液pH时,把一小块pH试纸放在表面皿(或玻璃片)上,用蘸有HF溶液的玻璃棒点在试纸的中部,试纸变色后与标准比色卡比较,确定溶液的pH;据氢硫酸以第一步电离为主,c(HS-)=c(H+)=10-4,依此计算0.1mol/L的氢硫酸的电离度;加水稀释,促进氢硫酸电离平衡正向移动,n(H2S)减小,氢离子物质的量增大,但浓度减小,据此分析;
(4)据弱酸的电离平衡常数判断酸性强弱,根据强酸制弱酸判断离子方程式正误.

解答 解:(1)碳酸的第一、二级电离方程式为H2CO3?H++HCO3-,HCO3-?H++CO32-,电离平衡常数为生成物浓度幂之比与反应物浓度幂之积的比值,则K2=$\frac{c({H}^{+})•c(C{{O}_{3}}^{2-})}{c(HC{{O}_{3}}^{-})}$,
故答案为:$\frac{c({H}^{+})•c(C{{O}_{3}}^{2-})}{c(HC{{O}_{3}}^{-})}$;
(2)上述5种酸中,H2SO3的电离平衡常数最大,其酸性最强,所以相同物质量浓度、相同体积的上述五种酸溶液中,氢离子浓度最大的为H2SO3,HClO的电离平衡常数最小,酸性最弱,酸电离出来的氢离子浓度最小,对水的电离抑制作用最小,水电离出来的氢离子浓度最大,
故答案为:H2SO3;HClO;
(3)用pH试纸测溶液pH时,把一小块pH试纸放在表面皿(或玻璃片)上,用蘸有HF溶液的玻璃棒点在试纸的中部,试纸变色后与标准比色卡比较,确定溶液的pH;氢硫酸以第一步电离为主,c(HS-)=c(H+)=10-4,其电离度=$\frac{1{0}^{-4}}{0.1}$×100%=0.1%;
A.加水稀释饱和氢硫酸溶液,促进电离,由于溶液的体积增大的快,所以c(HS-)减小,故A错误;
B.加水稀释饱和氢硫酸溶液,促进电离,由于溶液的体积增大的快,所以c(H+)减小,由于c(H+)×c(OH-)不变,所以c(OH-)增大,故B正确;
C.c(H+)•c(OH-)只与温度有关,故C错误;
D.加水稀释饱和氢硫酸溶液,c(H+)•c(OH-)不变,由于体积增大,所以n(H+)•n(OH-)增大,故D正确
E.加水稀释饱和氢硫酸溶液,促进电离,n(H2S)减小,n(HS-)增大,所以$\frac{c(H{S}^{-})}{c({H}_{2}S)}$增大,故E正确;
故答案为:把一小块试纸放在玻璃片上,用干燥洁净的玻璃棒沾取待测溶液,点在试纸上,对比标准比色卡,观察颜色的变化,读取pH值;0.1%;BDE;
(4)A、HClO的酸性比碳酸若比碳酸氢根离子强,所以少量CO2通入次氯酸钠溶液中:CO2+H2O+ClO-═HCO3-+HClO是正确的,故A正确;
B.次氯酸具有强氧化性能够氧化亚硫酸根离子,故B错误;
C.亚硫酸的酸性比碳酸强,所以过量SO2通入碳酸钠溶液中:2SO2+H2O+CO32-═2HSO3-+CO2是正确的,故C正确;
D.醋酸的酸性比碳酸强,过量CH3COOH加入碳酸钠溶液中应生成二氧化碳和水,故D错误;
故答案为:AC.

点评 本题考查了弱电解质的电离、电离常数等,试题知识点较多、综合性较强,难度中等,充分考查学生的分析能力及灵活应用能力,注意明确溶液酸碱性与溶液pH的关系及计算方法,注意明确电离平衡常数的应用方法.

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(1)根据流程图写出电解时发生反应的化学方程式:NH4Cl+2HCl$\frac{\underline{\;通电\;}}{\;}$3H2↑+NCl3
(2)除去C1O2中的NH3可选用的试剂是C;(填序号)
A.饱和食盐水    B.碱石灰    C.浓硫酸    D.水
(3)测定ClO2(如图)的过程如下:在锥形瓶中加入足量的碘化钾,用100mL水溶解后,再加3mL硫酸溶液;在玻璃液封管中加入水;将生成的Cl02气体通过导管在锥形瓶中被吸收;将玻璃封管中的水封液倒入锥形瓶中,加入几滴淀粉溶液,用c mol/L硫代硫酸钠标准溶液滴定I+NaS3=NaI+NaS46,共用去矿mL硫代硫酸钠溶液.
①装置中玻璃液封管的作用是用水再次吸收残余的二氧化氯气体,并使锥形瓶内外压强相等.
②请写出上述二氧化氯气体与碘化钾溶液反应的离子方程式2ClO2+10I-+8H+=2Cl-+5I2+4H2O
③滴定终点的现象是:溶液由蓝色恰好变为无色,且半分钟内不褪色.
④测得通入Cl02的质量m(Cl02)=1.35cv×10-2g.(用整理过的含c、V的代数式表示)
⑤若盛放硫代硫酸钠标准溶液的滴定管未润洗,则测定结果将偏高(填写“偏低”,“偏高”,“不变”)

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2.室温下向10mL pH=3的醋酸溶液中加入水稀释后,下列说法正确的是(  )
A.溶液中导电粒子的数目减少
B.溶液中的值$\frac{C{H}_{3}COOH}{C{H}_{3}CO{O}^{-}}$减小
C.醋酸的电离程度增大,c(H+)亦增大
D.再加入10mlpH=11的NaOH溶液,混合液pH=7

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9.常温下,将pH=11的氨水与pH=3的盐酸等体积混合,充分反应后溶液的pH(  )
A.小于7B.等于7C.大于7D.无法判断

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6.常温下,将某一元酸HA和NaOH溶液等体积混合,两种溶液的浓度和混合后所得溶液的pH如表:
实验编号HA物质的量浓度
(mol•L-1
NaOH物质的量浓度
(mol•L-1
混合溶液的pH
0.10.1pH=9
c0.2pH=7
0.20.1pH<7
请回答:
(1)从第①组情况分析,混合溶液pH=9的原因是A-+H2O?HA+OH-(用离子方程式表示),该组所得混合溶液中由水电离出的c(OH-)=10-5mol•L-1
(2)第②组情况表明,c>0.2(选填“>”、“<”或“=”),该混合液中离子浓度c(A-) 与c(Na+) 的大小关系是c(A-)=c(Na+).
(3)从第③组实验结果分析,说明此时HA的电离程度>NaA的水解程度(选填“>”、“<”或“=”),该混合溶液中各离子浓度由大到小的顺序是c(A-)>c(Na+)>c(H+)>c(OH-).
(4)将一定浓度的NaA溶液稀释100倍时,其pH变化如图 A、B、C曲线中的B(填字母)曲线.
(5)由上述所涉及的溶质组成以下四组等体积溶液:
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乙:0.1mol/LNaA和0.1mol/LHA
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则A-离子浓度由大到小的顺序为乙>丁>甲>丙(填序号).

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7.烷烃A有以下一系列反应,最终产物为草酸(HOOC-COOH):

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(4)写出D→E反应的化学反应方程式:CH2BrCH2Br+2NaOH $→_{△}^{H_{2}O}$CH2OHCH2OH+2NaBr.
(5)E→F的化学反应方程式:CH2OH-CH2OH+O2$→_{△}^{Cu}$OHC-CHO+2H2O.
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