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20.已知2A2(g)+B2(g)?2C3(g)△H=-a kJ/mol(a>0),在一个有催化剂、固定容积的容器中加入2mol A2和1mol B2,在500℃时充分反应达到平衡后C3的浓度为x mol•L-1,放出热量b KJ.请回答下列问题.
(1)a>(填“>”、“=”或“<”)b.
(2)下表为不同温度下该反应的平衡常数.由此可推知,表中T1<(填“>”、“<”或“=”)T2
T/KT1T2T3
K1.00×1072.54×1051.88×103
若在原来的容器中,只加入2mol C3,500℃时充分反应达到平衡后,吸收热量c KJ,则C3的浓度=(填“>”、“=”或“<”)x mol•L-1,a、b、c之间满足何种关系?a=b+c(用代数式表示).
(3)在相同条件下要得到2a KJ热量,加入各物质的物质的量可能是D.
A.4mol A2和2mol B2 B.4mol A2、2mol B2和2mol C3
C.4mol A2和4mol B2 D.6mol A2和4mol B2
(4)能使该反应的反应速率增大,且平衡向正反应方向移动的是C.
A.及时分离出C3气体            B.适当升高温度
C.增大B2的浓度                D.选择高效的催化剂
(5)若将上述容器改为恒压容器(反应前体积相同),起始时加入2mol A2和1mol B2,500℃时充分反应达到平衡后,放出热量d kJ,则d>(填“>”、“=”或“<”)b,理由是由于恒压容器中压强比恒容容器中的大,故反应物的转化率较高,生成C3比恒容时多,则放出的热量也多.
(6)在一定温度下,向一个容积不变的容器中通入2mol A2和1mol B2及适量固体催化剂,使反应达到平衡.保持同一反应温度,在相同容器中,将起始物质改为4mol A2、2mol B2,则平衡时A2的转化率变大(填“不变”、“变大”“变小”或“不能确定”).

分析 (1)热化学方程式表达的意义为:当2mol A2和1mol B2完全反应时,放出热量为akJ,而该反应为可逆反应,加入的2mol不能完全转化;
(2)正反应为放热反应,升高温度平衡逆向移动,平衡常数减小;
若在原来的容器中,只加入2mol C3,与加入2mol A2和1mol B2建立完全相同的平衡状态,平衡时C3的浓度相等,则a=b+c;
(3)在相同条件下要得到2a KJ热量,则参加反应的A2应4mol,结合可逆反应不能完全转化判断;
(4)A.及时分离出C3气体,反应速率减慢;
B.适当升高温度,平衡逆向移动;
C.增大B2的浓度,加快反应速率,平衡正向移动;
D.选择高效的催化剂不影响平衡移动;
(5)恒温恒容下,正反应为气体物质的量减小的反应,平衡时压强减小,若将上述容器改为恒压容器(反应前体积相同),起始时加入2mol A2和1mol B2,等效为在原平衡的基础上增大压强,反应物转化率增大;
(6)保持同一反应温度,在相同容器中,将起始物质改为4mol A2、2mol B2,等效为在原平衡的基础上增大压强.

解答 解:(1)热化学方程式表达的意义为:当2mol A2和1mol B2完全反应时,放出热量为akJ,而该反应为可逆反应,而加入2mol A2和1mol B2达到平衡时,没有完全反应,释放的热量小于完全反应释放的热量,即a>b,故答案为:>;
(2)正反应为放热反应,升高温度平衡逆向移动,平衡常数减小,故温度表中T1<T2
若在原来的容器中,只加入2mol C3,与加入2mol A2和1mol B2建立完全相同的平衡状态,平衡时C3的浓度相等,即则C3的浓度=x mol•L-1,则a=b+c,
故答案为:<;=;a=b+c;
(3)在相同条件下要得到2a KJ热量,则参加反应的A2应4mol,可逆反应不能完全转化,故A2的起始物质的量应大于4mol,选项中只有D符合,
故选:D;
(4)A.及时分离出C3气体,平衡正向移动,但反应速率减慢,故A错误;
B.适当升高温度,提供反应速率,正反应为放热反应,平衡逆向移动,故B错误
C.增大B2的浓度,加快反应速率,平衡正向移动,故C正确;
D.选择高效的催化剂加快反应速率,但不影响平衡移动,故D错误,
故选:C;
(5)恒温恒容下,正反应为气体物质的量减小的反应,平衡时压强减小,若将上述容器改为恒压容器(反应前体积相同),起始时加入2mol A2和1mol B2,等效为在原平衡的基础上增大压强,反应物转化率增大,生成C3比恒容时多,则放出的热量也多,故d>b,
故答案为:>;由于恒压容器中压强比恒容容器中的大,故反应物的转化率较高,生成C3比恒容时多,则放出的热量也多;
(6)保持同一反应温度,在相同容器中,将起始物质改为4mol A2、2mol B2,等效为在原平衡的基础上增大压强,平衡正向移动,则平衡时A2的转化率变大,
故答案为:变大.

点评 本题考查化学平衡计算、化学平衡影响因素等,注意利用等效思想分析解答,难度中等.

练习册系列答案
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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

18.说明下列各对原子中哪一种原子的第一电离能高,为什么?
S与P   Al与Mg   Sr与Rb   Cu与Zn   Cs与Rn   Rn与At.

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

11.高铁酸钾(K2FeO4)具有很强的氧化性,是一种高效水处理剂.
(1)用K2FeO4处理废水时,既利用其强氧化性,又利用Fe(OH)3胶体的聚沉作用.
(2)制备K2FeO4可以采用干式氧化法或湿式氧化法.
①干式氧化的初始反应是2FeSO4+6Na2O2=2Na2FeO4+2Na2O+2Na2SO4+O2↑,该反应中每生成2mol Na2FeO4时转移电子10 mol.
②湿式氧化法的流程如图1:

上述流程中制备Na2FeO4的化学方程式是2Fe(NO33+3NaClO+10NaOH=2Na2FeO4+3NaCl+6NaNO3+5H2O.结晶过程中反应的离子方程式是2K++FeO42-=K2FeO4↓.
(3)K2FeO4在水中不稳定,发生反应:4FeO${\;}_{4}^{2-}$+10H2O?4Fe(OH)3(胶体)+8OH-+3O2,其稳定性与温度(T)和溶液pH的关系分别如图2所示.
图ⅠK2FeO4的稳定性与温度的关系  图ⅡK2FeO4的稳定性与溶液pH的关系
①由图Ⅰ可得出的结论是K2FeO4的稳定性随着温度的升高而减弱.
②图Ⅱ中a<c(填“>”、“<”或“=”),其原因是由4FeO42-+10H2O=4Fe(OH)3(胶体)+8OH-+3O2↑可知:氢离子浓度增大,平衡向正反应方向移动,高铁酸钾溶液平衡时FeO42-浓度越小,pH越小.

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科目:高中化学 来源: 题型:填空题

8.亚硝酸钠是重要的防腐剂.某化学兴趣小组以碳和浓硝酸为起始原料,设计如下装置利用一氧化氮与过氧化钠反应制备亚硝酸钠.(夹持装置和A中加热装置已略,气密性已检验)

查阅资料:①HNO2为弱酸,室温下存在反应3HNO2=HNO3+2NO↑+H2O;
②在酸性溶液中,NO2-可将MnO4-还原为Mn2+且无气体生成.
③NO不与碱反应,可被酸性KMnO4溶液氧化为硝酸
实验操作:
①关闭弹簧夹,打开A中分液漏斗活塞,滴加一定量浓硝酸,加热;
②一段时间后停止加热;
③从C中取少量固体,检验是否是亚硝酸钠.
(1)A中反应的化学方程式是C+4HNO3(浓)$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$CO2↑+4NO2↑+2H2O.
(2)B中观察的主要现象是溶液变蓝,铜片溶解,导管口有无色气体冒出,D装置的作用是除去未反应的NO,防止污染空气.
(3)经检验C产物中亚硝酸钠含量较少.
a.甲同学认为C中产物不仅有亚硝酸钠,还有碳酸钠和氢氧化钠.
生成碳酸钠的化学方程式是2CO2+2Na2O2═2Na2CO3+O2.为排除干扰,甲在B、C装置间增加装置E,E中盛放的试剂应是碱石灰(写名称).
b.乙同学认为除上述干扰因素外,还会有空气参与反应导致产品不纯,所以在实验操作①前应增加一步操作,该操作是打开弹簧夹,通入N2一段时间.

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

15.水杨酸甲酯又叫冬青油,是一种重要的有机合成原料.某化学小组用水杨酸和甲醇在酸性催化剂下合成水杨酸()甲酯并计算其产率.实验步骤如下:
Ⅰ.如图,在三颈烧瓶中加入6.9g (0.05mol)水杨酸和24g(30mL,0.75mol)甲醇,以及约10mL甲苯(甲苯与水形成的共沸物,其沸点为85℃;该实验中加入甲苯,易将水蒸出),再小心地加入5mL浓硫酸,摇动混匀后加入1~2粒沸石,组装好实验装置,在85~95℃下恒温加热反应1.5小时:
Ⅱ.待装置冷却后,分离出甲醇,然后转移至分液漏斗,依次用少量水、5%NaHCO3溶液和水洗涤;分出的产物加入少量无水MgSO4固体,过滤得到粗酯;
Ⅲ.将粗酯进行蒸馏,收集221℃~224℃的馏分,得水杨酸甲酯5.3g.
常用物理常数如下:
名称分子量颜色状态相对密度熔点(℃)沸点(℃)
水杨酸甲酯152无色液体1.18-8.6224
水杨酸138白色晶体1.44158210
甲醇32无色液体0.792-9764.7
请根据以上信息回答下列问题:
(1)仪器A的名称是冷凝管,制备水杨酸甲酯时,最合适的加热方法是水浴加热.
(2)实验中加入沸石的作用是防暴沸;
(3)加入甲苯的作用是将反应产生的水从反应体系中分离出来,使合成水杨酸甲酯反应的化学平衡向右移动,从而提高反应的产率.
(4)反应结束后,分离甲醇所采用操作的名称是蒸馏.
(5)洗涤操作中,前后两次水洗的目的分别是为了洗掉洗掉大部分硫酸和洗掉碳酸氢钠.
(6)在蒸馏操作中,仪器选择及安装都正确的是(填标号)b.

(7)本实验的产率为70%(保留两位有效数字).

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

5.资源化利用二氧化碳不仅可减少温室气体的排放,还可重新获得燃料或重要工业产品.
(1)有科学家提出可利用FeO吸收和利用CO2,相关热化学方程式如下:
6FeO(s)+CO2(g)=2Fe3O4(s)+C(s)△H=-76.0kJ•mol-1
①上述反应中每生成1mol Fe3O4,转移电子的物质的量为2mol.
②已知:C(s)+2H2O(g)=CO2 (g)+2H2(g)△H=+113.4kJ•mol-1,则反应:
3FeO(s)+H2O (g)=Fe3O4 (s)+H2 (g)的△H=+18.7kJ•mol-1
(2)在一定条件下,二氧化碳转化为甲烷的反应如下:CO2(g)+4H2 (g)?CH4 (g)+2H2O(g)
△H=Q kJ•mol-1,向一容积为 2L的恒容密闭容器中充人2molCO2和8mol H2,在 300℃时发生上述反应,达到平衡时,测得CH4的浓度为0.8mol•L-1,则300℃时上述反应的平衡常数K=25. 200℃时该反应的平衡常数K=64.8,则该反应的Q< (填“>”或“<”)0.

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

12.工业上采用乙苯与CO2脱氢生产重要化工原料苯乙烯:
(g)+CO2(g)?(g)+CO(g)+H2O(g)△H=-166KJ/mol
(1)在3L密闭容器内,乙苯与CO2的反应在三种不同的条件下进行实验,乙苯、CO2的起始浓度分别为1.0mol/L和3.0mol/L,其中实验Ⅰ在T1℃,0.3MPa,而实验II、III分别改变了实验其他条件;乙苯的浓度随时间的变化如图Ⅰ所示.

①实验I乙苯在0-50min时的反应速率为0.012mol/(L•min)
②实验Ⅱ可能改变条件的是催化剂
③图II是实验Ⅰ中苯乙烯体积分数V%随时间t的变化曲线,请在图II中补画实验Ⅲ中苯乙烯体积分数V%随时间t的变化曲线.
(2)若实验Ⅰ中将乙苯的起始浓度改为1.2mol/L,其他条件不变,乙苯的转化率将减小(填“增大”、“减小”或“不变”),计算此时平衡常数为0.225.

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科目:高中化学 来源: 题型:选择题

9.下列说法正确的是(  )
A.原子最外层电子数大于4的元素可能是金属元素
B.含有共价键的物质一定是共价化合物
C.离子化合物中只可能含有离子键而不可能含有共价键
D.多种非金属元素之间形成的共价键一定是极性键

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科目:高中化学 来源: 题型:选择题

10.下列表示物质结构的化学用语或模型图正确的是(  )
A.H2O2的电子式:B.C2H4的结构式:CH2=CH2
C.硫原子结构示意图:D.乙醇的分子式:C2H6O

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