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1.某酸性工业废水中含有K2Cr2O7.光照下,草酸(H2C2O4)能将其中的Cr2O72-转化为Cr3+.某课题组研究发现,少量铁明矾[Al2Fe(SO44•24H2O]即可对该反应起催化作用.为进一步研究有关因素对该反应速率的影响,探究如下:
(1)在25℃下,控制光照强度、废水样品初始浓度和催化剂用量相同,调节不同的初始pH和一定浓度草酸溶液用量,做对比实验,完成以下实验设计表(表中不要留空格).
实验编号初始pH废水样品体积/mL草酸溶液体积/mL蒸馏水体积/mL
4601030
5601030
560
测得实验①和②溶液中的Cr2O72-浓度随时间变化关系如图所示.
(2)上述反应后草酸被氧化的离子方程式为Cr2O72-+3H2C2O4+8H+=6CO2↑+2Cr3++7H2O
(3)实验①和②的结果表明溶液PH对该反应的速率有影响;实验①中0~t1时间段反应速率v(Cr3+)=$\frac{2({c}_{0}-{c}_{1})}{{t}_{1}}$mol•L-1•min-1(用代数式表示).
(4)该课题组对铁明矾[Al2Fe(SO44•24H2O]中起催化作用的成分提出如下假设,请你完成假设二和假设三:
假设一:Fe2+起催化作用:
假设二:Al3+起催化作用;
假设三:SO42-起催化作用;

(5)请你设计实验验证上述假设一,完成下表中内容.
(除了上述实验提供的试剂外,可供选择的药品有K2SO4、FeSO4、K2SO4•Al2(SO43•24H2O、Al2(SO43等.溶液中Cr2O72-的浓度可用仪器测定)
实验方案(不要求写具体操作过程)预期实验结果和结论

分析 (1)①②中PH不同,是探究PH对速率的影响;则②③是探究不同浓度时草酸对速率的影响;
(2)草酸(H2C2O4)能将其中的Cr2O72-转化为Cr3+,草酸中碳元素化合价为+3价,被氧化为+4价,所以氧化产物为CO2,根据得失电子守恒、电荷守恒配平离子方程式;
(3)实验①②表明溶液pH越小,反应的速率越快,根据公式求算;
(4)根据铁明矾的组成分析;
(5)做对比实验.

解答 解:(1)①②中PH不同,是探究PH对速率的影响;则②③是探究不同浓度时草酸对速率的影响,根据①②可知溶液总体积为100mL,故答案为:

实验编号初始
pH
废水样品
体积/mL
草酸溶液
体积/mL
蒸馏水
体积/mL
2020
(2)草酸(H2C2O4)能将其中的Cr2O72-转化为Cr3+.草酸中碳元素化合价为+3价,被氧化为+4价,所以氧化产物为CO2,1个Cr2O72-中铬的化合价降低了;3价×2=6价,1个H2C2O4中碳的化合价升高:1价×2=2价,根据化合价升降总数相等可知,Cr2O72-与H2C2O4的比例关系为1:3,
再根据电荷守恒配平离子方程式:Cr2O72-+3H2C2O4+8H+=6CO2↑+2Cr3++7H2O,
故答案为:Cr2O72-+3H2C2O4+8H+=6CO2↑+2Cr3++7H2O;
(3)由实验①②表明溶液pH越小,反应的速率越快,所以溶液pH对该反应的速率有影响,v(Cr3+)=2v(Cr2O72-)=$\frac{{c}_{0}-{c}_{1}}{{t}_{1}}$×2=$\frac{2({c}_{0}-{c}_{1})}{{t}_{1}}$mol•L-1•min-1
故答案为:溶液pH对该反应的速率有影响;$\frac{2({c}_{0}-{c}_{1})}{{t}_{1}}$;
(4)根据铁明矾[Al2Fe(SO44•24H2O]组成分析,Al3+起催化作用;SO42-起催化作用,
故答案为:Al3+起催化作用;SO42-起催化作用;
(5)要证明Fe2+起催化作用,需做对比实验,再做没有Fe2+存在时的实验,所以要选K2SO4•Al2(SO43•24H2O,注意由于需要控制Al3+和SO42-浓度比,不要选用K2SO4和Al2(SO43;用等物质的量K2SO4•Al2(SO43•24H2O代替实验①中的铁明矾,控制其他反应条件与实验①相同,进行对比实验,反应进行相同时间后,若溶液中c(Cr2O72-)大于实验①中c(Cr2O72-),则假设一成立;若两溶液中的c(Cr2O72-)相同,则假设一不成立;故答案为:
实验方案预期实验结果和结论
用等物质的量K2SO4•Al2(SO43•24H2O代替实验①中的铁明矾,控制其他反应条件与实验①相同,进行对比实验反应进行相同时间后,若溶液中c(Cr2O72-)大于实验①中c(Cr2O72-),则假设一成立;若两溶液中的c(Cr2O72-)相同,则假设一不成立.

点评 本题考查了探究重铬酸根与草酸反应过程中的催化作用,该反应为一中学重要的反应,还考查了从图象中获取数据并分析的能力、设计实验的能力等,有一定难度.

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13.在气体反应中,能使反应物中活化分子数和活化分子百分数同时增大的方法是(  )
①移去生成物②升高温度③增大压强④增大反应物的浓度⑤加入催化剂.
A.①②③④⑤B.②③④⑤C.②⑤D.③④

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14.下列有关实验的操作正确的是(  )
A.检验某补铁药片(主要成分为亚铁化合物)是否氧化变质,使用氯水和硫氰化钾溶液
B.测定溶液pH时,可用pH试纸蘸取少量待测液,并与标准比色卡比较
C.容量瓶、量筒和滴定管上都标有使用温度,量筒、容量瓶无“0”刻度,滴定管有“0”刻度,使用时滴定管水洗后还需润洗,但容量瓶水洗后不用润洗
D.测定碳酸钠中碳酸氢钠的含量:取a克样品与足量稀盐酸充分反应,逸出的气体通过碱石灰后,碱石灰增重b克,根据a和b的值即可求得碳酸氢钠的含量

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9.某同学用中和滴定法测定某烧碱的纯度,实验过程如下:
(1)配制待测液
称取4.1g固体烧碱样品(杂质不与酸反应)配制成250mL溶液,需要的主要仪器有:托盘天平、烧杯、玻璃棒、250mL容量瓶、胶头滴管.
(2)滴定
①用碱式滴定管量取10.00mL待测液.
②向锥形瓶中加入几滴酚酞,用0.2010mol•L-1标准盐酸滴定待测烧碱溶液,边滴边摇动锥形瓶,眼睛注视锥形瓶内溶液颜色的变化,直到溶液由红色变为无色,且半分钟内不恢复时停止滴定.
(3)数据处理
实验次数编号盐酸溶液体积V(mL)氢氧化钠溶液体积V(mL)
119.9010.00
220.1010.00
322.0010.00
420.0010.00
根据上述各数据,计算待测烧碱溶液的浓度为0.4020mol•L-1,烧碱(40g/mol)的纯度为98.05%.
(4)下列操作,会导致实验结果偏低的是①②⑥(填序号);若把待测烧碱溶液放在滴定管中,则会导致实验结果偏低的是①④.
①碱式滴定管用蒸馏水洗净后没有用待测液润洗
②终点读数时俯视(滴定前读数准确)
③锥形瓶用蒸馏水洗净后没有用待测液润洗
④酸式 管尖端气泡没有排除,滴定后消失
⑤酸式滴定管用蒸馏水洗净后没有用标准液润洗
⑥振荡时锥形瓶中液滴飞溅出来.

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16.Fenton法常用于处理含难降解有机物的工业废水,通常是在调节好pH和Fe2+浓度的废水中加入H2O2,所产生的羟基自由基能氧化降解污染物.现运用该方法降解有机污染物p-CP,探究有关因素对该降解反应速率的影响.
[实验设计]控制p-CP的初始浓度相同,恒定实验温度在298K或313K(其余实验条件见下表),设计如下对比实验:
(1)请完成以下实验设计表( 表中不要留空格)
实验编号实验目的T/KpHc/10-3 mol•L-1
H2O2Fe2+
为以下实验作参照29836.00.30
探究温度对降解反应速率的影响3
298106.00.30
[数据处理]实验测得p-CP的浓度随时间变化的关系如图
(2)请根据上图实验①曲线,计算降解反应50~150s内的反应速率:v(p-CP)=8.0×10-6mol•L-1•s-1
[解释与结论]
(3)实验①、②表明温度升高,降解反应速率增大.但后续研究表明:温度过高时反而导致降解反应速率减小,请从Fenton法所用试剂H2O2的角度分析原因:过氧化氢在温度过高时迅速分解;
(4)实验③得出的结论是:pH等于10时,反应不能(填“能”或“不能”)进行;
[思考与交流]
(5)实验时需在不同时间从反应器中取样,并使所取样品中的反应立即停止下来.根据上图中的信息,给出一种迅速停止反应的方法:在溶液中加入碱溶液,使溶液的pH大于或等于10(其他合理答案均可).

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6.苯与浓硝酸、浓硫酸在50℃-60℃水浴中加热时的化学方程式

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13.下列各项中的离子方程式,书写正确的是(  )
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(1)写出“酸溶”一步中,MgCO3和硫酸反应的化学方程式MgCO3+H2SO4=MgSO4+CO2↑+H2.酸溶时硫酸稍过量(pH约为2),目的是使碳酸镁充分溶解生成硫酸镁.
(2)滤渣2的主要成分有MnO2和Fe(OH)3,写出生成MnO2的离子方程式Mn2++ClO-+H2O═MnO2↓+2H++Cl-
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11.化学与科学、技术、军事密切相关.下列说法正确的是(  )
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