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17.A、B、X、Y、Z是元素周期表前四周期中的常见元素,原子序数依次增大.A元素可形成自然界硬度最大的单质;B与A同周期,核外有三个未成对电子;X原子的第一电离能至第四电离能分别是:I1=578kJ/mol,I2=1 817kJ/mol,I3=2 745kJ/mol,I4=11 575kJ/mol;常温常压下,Y单质是固体,其氧化物是形成酸雨的主要物质;Z的一种同位素的质量数为63,中子数为34.请回答下列问题:
(1)AY2是一种常用的溶剂,为非极性分子(填“极性”或“非极性”),分子中存在2个σ键.
(2)X形成的单质与NaOH溶液反应的离子方程式为2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑,超高导热绝缘耐高温纳米XB在绝缘材料中应用广泛,其晶体与金刚石类似,属于原子晶体.B的最简单氢化物容易液化,理由是分子间形成氢键.
(3)X、氧、B元素的电负性由大到小的顺序为O>N>Al(用元素符号作答).
(4)Z的基态原子核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s1.元素Z与人体分泌物中的盐酸以及空气反应可生成超氧酸:Z+HCl+O2=ZCl+HO2,HO2(超氧酸)不仅是一种弱酸而且也是一种自由基,具有极高的活性.下列说法或表示不正确的是③(填序号)
①氧化剂是O2
②HO2在碱中不能稳定存在
③氧化产物是HO2
④1mol Z参加反应有1mol电子发生转移
(5)已知Z的晶胞结构如图所示,又知Z的密度为9.00g/cm3,则晶胞边长为$\root{3}{4.72×1{0}^{-23}}$cm.ZYO4常作电镀液,其中YO42-的空间构型是正四面体,Y原子的杂化轨道类型是sp3杂化.

分析 A元素可形成自然界硬度最大的单质,该单质为金刚石,则A为C元素;B与A同周期,核外有三个未成对电子,则B为N元素;根据X原子的第一电离能至第四电离可知,X原子的第四电离能剧增,则X表现+3价,所以X为Al元素;常温常压下,Y单质是固体,其氧化物是形成酸雨的主要物质,则Y为S元素;Z的一种同位素的质量数为63、中子数为34,则质子数=63-34=29,故Z为Cu元素,据此进行解答.

解答 解:A元素可形成自然界硬度最大的单质,该单质为金刚石,则A为C元素;B与A同周期,核外有三个未成对电子,则B为N元素;根据X原子的第一电离能至第四电离可知,X原子的第四电离能剧增,则X表现+3价,所以X为Al元素;常温常压下,Y单质是固体,其氧化物是形成酸雨的主要物质,则Y为S元素;Z的一种同位素的质量数为63、中子数为34,则质子数=63-34=29,故Z为Cu元素.
(1)AY2化学式是CS2,其结构式为S=C=S,为直线型结构,属于非极性分子,其分子中每个双键中含有1个σ键,所以CS2分子存在2个σ键,
故答案为:非极性;2;
(2)X是Al元素,铝与NaOH溶液反应的离子方程式为:2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑.XB是CN,晶体与金刚石类似,属于原子晶体;B的最简单氢化物是NH3,N原子电负性大,分子间形成氢键,所以容易液化,
故答案为:2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑;原子;分子间形成氢键;
(3)非金属性越强,电负性越强,Al、O、N元素的电负性与非金属性一致,则三种元素电负性大到小顺序为:O>N>Al,
故答案为:O>N>Al;
(4)(4)Z为29号Cu元素,根据构造原理,其基态原子核外电子排布式为:1s22s22p63s23p63d104s1;?
①O2中氧元素的化合价是0价,HO2中氧元素的平均化合价是-0.5价,化合价降低作氧化剂,故①正确;?
②HO2为超氧酸,应具有酸性,可与碱反应,故HO2在碱中不能稳定存在,故②正确;
③还原产物是HO2,故③错误;
④1molCu参加反应生成+1价铜离子,有1mol电子发生转移,故④正确,
故答案为:1s22s22p63s23p63d104s1;③;
(5)Z为Cu元素,铜原子位于顶点和面心,每个晶胞中含有铜原子的数目为:8×$\frac{1}{8}$+6×$\frac{1}{4}$=4,晶胞中含有4个铜原子,则晶胞的质量为:$\frac{4×64}{{N}_{A}}$g,设该晶胞的边长为xcm,则该晶胞体积为:x3cm3,则:$\frac{4×64}{{N}_{A}}$g=x3cm3×9.00g/cm3,整理可得x=$\root{3}{4.72×1{0}^{-23}}$;
SO42-离子的中心原子S的价层电子对为:4+$\frac{6+2-2×4}{2}$=4,孤电子对数为0,故其空间结构为正四面体,S原子杂化方式为:sp3
故答案为:$\root{3}{4.72×1{0}^{-23}}$;正四面体;sp3

点评 本题是对物质结构的考查,涉及核外电子排布、分子结构与性质、杂化方式、晶胞计算等,(5)中晶胞的计算为难点、易错点,难度中等.

练习册系列答案
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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

7.三草酸合铁酸钾晶体K3[Fe(C2O43]?3H2O可用于摄影和蓝色印刷.某小组将无水三草酸合铁酸钾在一定条件下加热分解,对所得气体产物和固体产物进行实验和探究.请利用实验室常用仪器、用品和以下限选试剂完成验证和探究过程.
限选试剂:浓硫酸、1.0mol•L-1HNO3、1.0mol•L-1盐酸、1.0mol•L-1NaOH、3% H2O2、0.1mol•L-1 KI、0.1mol•L-1 CuSO4、20% KSCN、澄清石灰水、氧化铜、蒸馏水.
(1)该小组同学查阅资料后推知,固体产物中,铁元素不可能以三价形式存在,而盐只有K2CO3.验证固体产物中钾元素存在的方法是利用焰色反应,现象是透过蓝色钴玻璃,观察到紫色的火焰.
(2)固体产物中铁元素存在形式的探究.
①提出合理假设
假设1:全部是铁单质;
假设2:全部为FeO;
假设3:同时存在铁单质和FeO.
②设计实验方案证明你的假设
③实验过程
根据②中方案进行实验.在答题卡上按下表的格式写出实验步骤、预期现象与结论.
实验步骤预期现象与结论
步骤1:部分固体不溶解
步骤2:
步骤3:继续步骤2中的(2),进行固液分离,用蒸馏水洗涤固体至洗涤液无色.取少量固体于试管中,滴加过量HCl后,静置,取上层清液,滴加适量H2O2,充分振荡后滴加KSCN.

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

8.Ⅰ.银铜合金广泛用于航空工业.从切割废料中回收银并制备铜化工产品的工艺如
下:

(注:Al(OH)3和Cu(OH)2开始分解的温度分别为450℃和80℃)
(1)固体混合物B的组成为Al(OH)3和CuO;在生成固体B的过程中,需控制
NaOH的加入量,若NaOH过量,则因过量引起的反应的离子方程式为Al(OH)3+OH-=AlO2-+2H2O.
(2)完成煅烧过程中一个反应的化学方程式:4CuO+2Al2O3=4CuAlO2+O2↑.
(3)若银铜合金中铜的质量分数为64%,理论上5.0kg废料中的铜可完全转化为CuAlO2,至少需要1.0mol•L-1的Al2(SO43溶液25.0 L.
Ⅱ.某同学用FeCl3溶液吸收H2S,得到单质硫;过滤后,再以石墨为电极,在一定条件下电解滤液.
(4)FeCl3与H2S反应的离子方程式为2Fe3++H2S=2Fe2++S↓+2H+
(5)电解池中H+在阴极放电产生H2,阳极的电极反应为Fe2+-e-=Fe3+
(6)综合分析实验Ⅱ的两个反应,可知该实验有两个显著优点:
①H2S的原子利用率100%;
②FeCl3可以循环利用.

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5.工业废水中常含有一定量的Cr2O${\;}_{7}^{2-}$和CrO${\;}_{4}^{2-}$,它们会对人类及生态系统产生很大损害,必须进行处理.常用的处理方法有两种.
方法1:还原沉淀法
该法的工艺流程为④③②①
CrO42$\underset{\stackrel{{H}^{+}}{→}}{①转化}$Cr2O72-$\underset{\stackrel{F{e}^{3+}}{→}}{②还原}$Cr3+$\underset{\stackrel{O{H}^{-}}{→}}{③沉淀}$Cr(OH)3
其中第①步存在平衡:2CrO42(黄色)+2H+?Cr2O72-(橙色)+H2O
(1)若平衡体系的pH=2,该溶液显橙色.
(2)能说明第①步反应达平衡状态的是c.
a.Cr2O72-和CrO42的浓度相同
b.2v(Cr2O72-)=v(CrO42
c.溶液的颜色不变
(3)第②步中,还原1 mol Cr2O72-离子,需要6mol的FeSO4?7H2O.
(4)第③步生成的Cr(OH)3在溶液中存在以下沉淀溶解平衡:
Cr(OH)3(s)???Cr3+(aq)+3OH-(aq)
常温下,Cr(OH)3的溶度积Ksp=c(Cr3+)•?c3(OH-)=10-32,要使c(Cr3+)降至10-5 mol/L,溶液的pH应调至5.
方法2:电解法
该法用Fe做电极电解含 Cr2O72-的酸性废水,随着电解进行,在阴极附近溶液pH升高,产生Cr(OH)3沉淀.
(5)用Fe做电极的原因为阳极反应为Fe-2e-=Fe2+,提供还原剂Fe2+
(6)在阴极附近溶液pH升高的原因是(用电极反应解释)2H++2e-=H2↑,溶液中同时生成的沉淀还有Fe(OH)3

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

12.我国废水三级排放标准规定:废水中苯酚的含量不得超过1.00mg/L.实验室可用一定浓度的溴水测定某废水中苯酚的含量,其原理如下:

(1)请完成相应的实验步骤:
步骤1:准确量取25.00mL待测废水于250mL锥形瓶中.
步骤2:将5.0mL 0.01mol/L溴水迅速加入到锥形瓶中,塞紧瓶塞,振荡.
步骤3:打开瓶塞,向锥形瓶中加入过量的0.1mol/L KI溶液,振荡.
步骤4:滴入2~3滴淀粉溶液,再用0.01mol/L Na2S2O3标准溶液滴定至终点,消耗 Na2S2O3溶液8.50mL.(反应原理:I2+2Na2S2O3=2NaI+Na2S4O6
(2)该废水中苯酚的含量为9.4mg/L.
(3)步骤2塞紧瓶塞的原因是防止溴水挥发,影响测定结果
(4)步骤3若振荡时间过长,则测得的废水中苯酚的含量偏低(填“偏高”、“偏低”或“无影响”,下同).步骤4中若滴定至终点时滴定管尖嘴处出现气泡,而滴定前无气泡,会使测得的废水中苯酚的含量偏高.

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2.下列说法正确的是(  )
A.已知:H2(g)+$\frac{1}{2}$O2(g)═H2O(l);△H=-285.8 kJ•mol-1,则H2的燃烧热为-285.8 kJ•mol-1
B.已知:S(g)+O2(g)═SO2(g)△H1=-Q1;S(s)+O2(g)═SO2(g)△H2=-Q2,则Q1<Q2
C.已知:$\frac{1}{2}$H2SO4(浓)+NaOH(aq)═$\frac{1}{2}$Na2SO4(aq)+H2O(l)△H1
CH3COOH(aq)+NH3•H2O(aq)═CH3COONH4(aq)+H2O(l)△H2,则有|△H1|<|△H2|
D.已知:Fe2O3(s)+3C(石墨)═2Fe(s)+3CO(g)△H=+489.0 kJ•mol-1
CO(g)+$\frac{1}{2}$O2(g)═CO2(g)△H=-283.0 kJ•mol-1
C(石墨)+O2(g)═CO2(g)△H=-393.5 kJ•mol-1
则4Fe(s)+3O2(g)═2Fe2O3(s)△H=-1641.0 kJ•mol-1

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9.NaHCO3的水溶液呈碱(填“酸”、“中”、“碱”)性,实验室保存NaHCO3溶液的试剂瓶应用橡胶塞,原因HCO3-+H2O?H2CO3+OH-、2OH-+SiO2?SiO32-+H2O(写出有关的离子方程式,下同);Al2(SO43显酸性,溶液蒸干最后得到的固体产物是Al2(SO43

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6.下列各组离子在溶液中可以大量共存的是(  )
A.H+、SO32-、S2-、K+B.Fe3+、Cl-、S2-、Ba2+
C.Cu2+、Cl-、S2-、K+D.Na+、K+、S2-、SO42-

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7.有机物A 有下图所示转化关系.在A 的质谱图中质荷比最大值为88,其分子中C、H、O 三种元素的质量比为6:1:4,且A 不能使Br2 的CCl4 溶液褪色;1mol B 反应生成了2mol C.

已知:RCH(OH)-CH(OH)R′$→_{△}^{HIO_{4}}$ RCHO+R′CHO.请回答下列问题:
(1)A 的结构简式为CH3COCH(OH)CH3
(2)A 中官能团名称是羰基和醇羟基.
(3)D+E→F 的反应类型为酯化反应.
(4)写出C 与银氨溶液反应的离子方程式为CH3CHO+2[Ag(NH32]++2OH-$\stackrel{△}{→}$CH3COO-+NH4++2Ag↓+3NH3+H2O.
(5)若H 分子中所有碳原子不在一条直线上,则H 在一定条件下合成顺丁橡胶的化学方程式为.若H 分子中所有碳原子均在一条直线上,则G 转化为H 的化学方程式为CH3CHBrCHBrCH3+2NaOH$→_{△}^{醇}$H3CC≡CCH3↑+2NaBr+2H2O.
(6)有机物A 有很多同分异构体,请写出同时满足下列条件的同分异构体的结构简式:
a.X核磁共振氢谱有3个峰,峰面积之比为1:1:2
b.1mol X可在HIO4加热的条件下反应,可形成1mol二元醛
c.1mol X 最多能与2mol Na 反应
d.X 不与NaHCO3或NaOH 反应,也不与Br2 发生加成反应.

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