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    1．现有①干冰②金刚石 ③NH4Cl ④Na2S四种物质，按下列要求回答（填序号）：
    既存在离子键又存在共价键的是③；属于非电解质的是①．

    分析 一般类说，活泼金属与非金属形成离子键，非金属之间形成共价键，在水溶液中和熔化状态下均不导电的化合物为非电解质，以此来解答．

    解答 解：①干冰只含共价键，本身不能电离，为非电解质；
    ②金刚石只含共价键，为单质；
    ③NH4Cl含离子键和共价键，为电解质；
    ④Na2S含离子键，为电解质，则
    既存在离子键又存在共价键的是③；属于非电解质的是①，
    故答案为：③；①．

    点评 本题考查化学键及非电解质，为高频考点，把握化学键的形成及判断为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意常见物质中的化学键，题目难度不大．

    练习册系列答案
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    科目：高中化学 来源： 题型：选择题

    11．短周期元素X、Y、Z、W，它们的原子序数依次增大．X与Z同主族，并且原子序数之和为20．Y原子的质子数为Z原子的质子数的一半，W原子的最外层电子数比Y原子的最外层电子数多2个．下列叙述正确的是（　　）
    A．原子半径Z＞W＞Y＞X
    B．Y的最高价氧化物对应的水化物可与其气态氢化物发生化合反应
    C．气态氢化物的稳定性Z＞W
    D．X与Y的最高正化合价之和的数值等于10

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    科目：高中化学 来源： 题型：选择题

    12．配制50g溶质的质量分数为 6%的氯化钠溶液，不需要的仪器是（　　）
    A．蒸发皿B．玻璃棒C．烧杯D．量筒

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    科目：高中化学 来源： 题型：推断题

    9．稀土是一种不可再生的战略性资源，被广泛应用于电子信息、国防军工等多个领域．一种从废弃阴极射线管（CRT）荧光粉中提取稀土元素钇（Y）的工艺流程如图1：

    已知：①废弃CRT荧光粉的化学组成（某些不参与反应的杂质未列出）如下表所示；
    阶段/含量%/成分Y2O3ZnOAl2O3PbO2MgO
    预处理前24.2841.827.811.670.19
    预处理后68.515.424.335.430.50
    ②不同离子沉淀的pH如图2所示．
    （1）步骤I中进行原料预处理的目的为除去ZnO和Al2O3；富集稀土元素；降低后续耗酸量等．（答两点）
    （2）步骤Ⅱ中有黄绿色气体产生，该反应的化学方程式为PbO2+4HCl$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$PbCl2+Cl2↑+2H2O．
    （3）步骤Ⅲ中发生的主要反应的离子方程式为Al3++3NH3•H2O=Al（OH）3↓+3NH4+．
    （4）步骤Ⅳ中除杂试剂DDTC除去的杂质离子有Zn2+、Pb2+，其不能通过直接加碱的方法除去，原因为Zn2+、Pb2+与Y3+沉淀的pH相近，三者因同时沉淀而无法分离．
    （5）步骤V中Y3+沉淀完全时，需保证滴加草酸后的溶液中c（C2O42-）不低于2.0×10-6mol/L．
    （已知：当离子浓度小于10-5mol/L时，沉淀就达完全；Ksp[Y2（C2O4）3]=8.0×10-28）
    （6）步骤Ⅵ中草酸钇隔绝空气加热可以得到Y2O3，该反应的化学方程式为Y2（C2O4）3$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$Y2O3+3CO↑+3CO2↑．

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    科目：高中化学 来源： 题型：实验题

    16．某地有软锰矿和闪锌矿两座矿山，它们的组成（质量分数）如表：
    软锰矿闪锌矿
    MnO2约70%，SiO2约20%，Al2O3约4%，其余为水分ZnS约80%，FeS、CuS、SiO2共约7%，其余为水分
    科研人员开发了综合利用这两种资源的同槽酸浸工艺，工艺流程如图1所示．

    （1）流程Ⅰ所得滤液中含有MnSO4、ZnSO4、CuSO4、Fe2（SO4）3、Al2（SO4）3等，则流程Ⅰ中被氧化的物质有FeS、CuS种．
    （2）流程Ⅱ中反应的离子方程式为Zn+Fe3+=Fe2++Zn2+、Zn+Cu2+=Cu+Zn2+．
    （3）氢氧化物开始沉淀的pH如表：
    氢氧化物Fe（OH）3Al（OH）3Fe（OH）2
    开始沉淀pH1.53.37.6
    流程Ⅲ中MnO2的作用是将Fe2+氧化成Fe3+，不直接生成Fe（OH）2沉淀的原因是使铁元素能全部沉淀．
    （4）如图2是Na2SO4和Na2SO4•10H2O的溶解度（g/100g水）曲线，又知MnSO4和ZnSO4的溶解度随温度的升高而增大，则流程Ⅳ得到Na2SO4固体的操作是：将分离出MnCO3和ZnCO3后的滤液升温结晶、趁热过滤、乙醇洗涤、干燥，要“趁热”过滤的原因是防止形成Na2SO4•10H2O．
    （5）流程Ⅴ的条件是电解，电解时均用惰性电极，阳极发生的电极反应可表示为Mn2+-2e-+2H2O=MnO2+4H+．
    （6）取1.95g锌加入到12.00mL 18.4mol/L的浓硫酸中（反应中只生成一种还原产物），充分反应后，小心地将溶液稀释到1000mL，取出15.00mL，以酚酞为指示剂，用0.25mol/L的NaOH溶液滴定余酸，耗用NaOH溶液的体积为21.70mL．
    ①反应后溶液中多余的硫酸是0.18 mol．
    ②通过计算确定浓硫酸被还原的产物是S．

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    科目：高中化学 来源： 题型：选择题

    6．\如图所示的甲、乙、丙三种物质均含有相同的某种元素，箭头表示物质间的转化一步就能实现，则甲可能是（　　）
    ①Fe
    ②HNO3
    ③Na
    ④Si．
    A．①②③B．②③④C．①②④D．①②③④

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    科目：高中化学 来源： 题型：实验题

    13．以某菱锰矿（含MnCO3、SiO2、FeCO3和少量Al2O3等）为原料通过如图1的方法可获得碳酸锰粗产品．
    （已知：Ksp（MnCO3）=2.2×10-11，Ksp[Mn（OH）2]=1.9×10-13，Ksp[Al（OH）3]=1.3×10-33，Ksp[Fe（OH）3]=4.0×10-38）

    （1）滤渣1中，含铁元素的物质主要是Fe（OH）3（填化学式，下同）；加NaOH调节溶液的pH约为5，如果pH过大，可能导致滤渣1中SiO2、Al（OH）3含量减少．
    （2）滤液2中，+1价阳离子除了H+外还有Na+、NH4+（填离子符号）．
    （3）取“沉锰”前溶液a mL于锥形瓶中，加入少量AgNO3溶液（作催化剂）和过量的1.5%（NH4）2S2O8溶液，加热，Mn2+被氧化为MnO${\;}_{4}^{-}$，反应一段时间后再煮沸5min[除去过量的（NH4）2S2O8]，冷却至室温．选用适宜的指示剂，用b mol•L-1的（NH4）2Fe（SO4）2标准溶液滴定至终点，消耗（NH4）2Fe（SO4）2标准溶液V mL．
    ①Mn2+与（NH4）2S2O8反应的还原产物为SO42-（填化学式）．
    ②“沉锰”前溶液中c（Mn2+）=$\frac{bV}{5a}$mol•L-1．
    （4）其他条件不变，“沉锰”过程中锰元素回收率与NH4HCO3初始浓度（c0）、反应时间的关系如图2所示．
    ①NH4HCO3初始浓度越大，锰元素回收率越高（填“高”或“低”），简述原因NH4HCO3初始浓度越大，溶液中c（CO32-）度越大，根据溶度积Ksp（MnCO3）=c（Mn2+）×c（CO32-）可知溶液c（Mn2+）越小，析出的MnCO3越多．
    ②若溶液中c（Mn2+）=1.0mol•L-1，加入等体积1.8mol•L-1 NH4HCO3溶液进行反应，计算20～40min内v（Mn2+）=0.0075mol/（L．min）．

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    科目：高中化学 来源： 题型：选择题

    10．酯化反应与水解反应均需要使用催化剂，下列有关说法正确的是（　　）
    A．酯化与水解反应均要用浓硫酸作催化剂
    B．酯化与水解反应均可用Na0H作催化
    C．酯类物质可用Na0H作催化剂，不宜用浓硫酸作催化剂
    D．酯化反应使用浓硫酸作催化剂有利于反应向左进行

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    科目：高中化学 来源： 题型：填空题

    20．前四周期原子序数依次增大的元素A，B，C，D中，A和B的价电子层中未成对电子均只有1个，平且A-和B+的电子相差为8；与B位于同一周期的C和D，它们价电子层中的未成对电子数分别为4和2，且原子序数相差为2．四种元素中第一电离最小的是K，电负性最大的是F．（填元素符号）

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