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    （1）己知：Fe(s)+
    1
    2
    O2(g)=FeO(s)    △H=-272.0kJ?mol-1
    2Al(s)+
    3
    2
    O2(g)=Al2O3(s)    △H=-1675.7kJ?mol-1
    Al和FeO发生铝热反应的热化学方程式是
    2Al（s）+3FeO（s）═Al2O3（s）+3Fe（s）△H=-859.7 kJ?mol-1
    2Al（s）+3FeO（s）═Al2O3（s）+3Fe（s）△H=-859.7 kJ?mol-1
    ．
    （2）某可逆反应在不同条件下的反应历程分别为A、B，如图所示．
    ①据图判断该反应是
    烯
    烯
    （填“吸”或“放”）热反应，当反应达到平衡后，其他条件不变，升高温度，反应物的转化率
    减小
    减小
    （填“增大”、“减小”或“不变”）；
    ②其中B历程表明此反应采用的条件为
    D
    D
    ．（选填序号）．
    A．升高温度
    B．增大反应物的浓度
    C．降低温度
    D．使用催化剂
    （3）1000℃时，硫酸钠与氢气发生下列反应：
    Na2SO4（S）+4H2（g）═Na2S（s）+4H2O（g）
    该反应的平衡常数表达式为
    c4(H2O)
    c4(H2)
    c4(H2O)
    c4(H2)
    ；
    已知K1000℃＜K1200℃，若降低体系温度，混合气体的平均相对分子质量将
    增大
    增大
    （填“增大”、“减小”或“不变”）．
    （4）常温下；如果取0.1mol?L-1 HA溶液与0.1mol?L-1 NaOH溶液等体积混合（混合后溶液体积的变化忽略不计），测得混合液的pH=8．
    ①混合液中由水电离出的OH-浓度与0.1mol?L-1 NaOH溶液中由水电离出的OH-浓度之比为
    107：1
    107：1
    ；
    ②已知NH4A溶液为中性，又知将HA溶液加到Na2CO3溶液中有气体放出，试推断（NH4）2CO3溶液的pH
    ＞
    ＞
    7（填“＜”、“＞”或“=”）；
    相同温度下，等物质的量浓度的下列四种盐溶液按pH由大到小的排列顺序为
    c＞a＞b＞d
    c＞a＞b＞d
    （填序号）
    a．NH4HCO3    b．NH4A    c．（NH4）2CO3    d．NH4Cl．
    分析：（1）根据盖斯定律书写目标热化学方程式；
    （2）①由图可知，反应物的总能量低于生成物的总能量，该反应为吸热反应；升高温度平衡向逆反应方向移动，据此解答；
    ②由图可知，反应历程B与A相比，改变反应历程，应是使用催化剂；
    （3）化学平衡常数，是指在一定温度下，可逆反应达到平衡时各生成物浓度的化学计量数次幂的乘积除以各反应物浓度的化学计量数次幂的乘积所得的比值，据此书写，注意当反应中有固体物质参加时，固体的“浓度”作为常数，在平衡常数表达式中，就不写固体的浓度，稀溶液中的水分子浓度可不写，对于非水溶液中的反应，溶剂的浓度同样是常数；
    K1000℃＜K1200℃，则正反应为吸热反应，降低体系温度，平衡向正反应方向移动，混合气体总质量增大，总的物质的量不变，据此判断；
    （4）0.1mol?L-1 HA溶液与0.1mol?L-1 NaOH溶液等体积混合（混合后溶液体积的变化忽略不计），测得混合液的pH=8，则说明HA是弱酸，含有弱根离子的盐促进水电离，
    ①根据盐溶液的pH计算水电离出的c（OH-）．根据c（NaOH）及水的离子积常数计算水中氢离子浓度，溶液中氢离子浓度等于水电离出的c（OH-），据此解答；
    ②根据题意知，HA的酸性比碳酸强，NH4A溶液为中性，说明铵根离子和该酸根离子水解程度相同，由此得知铵根离子水解程度小于碳酸根离子，所以（NH4）2CO3中溶液呈碱性．
    根据铵根离子的水解程度判断溶液酸碱性的大小，溶液浓度越稀，盐的水解程度越大．
    解答：解：（1）①Fe（s）+
    1
    2
    O2（g）=FeO（s）△H=-272.0kJ?mol-1
    ②2Al（s）+
    3
    2
    O2（g）=Al2O3（s）△H=-1675.7kJ?mol-1
    依据盖斯定律②-①×3得到热化学方程式为：2Al（s）+3FeO（s）═Al2O3（s）+3Fe（s）△H=-859.7 kJ?mol-1
    故答案为：2Al（s）+3FeO（s）═Al2O3（s）+3Fe（s）△H=-859.7 kJ?mol-1；
    （2）①由图可知，反应物的总能量低于生成物的总能量，该反应为吸热反应；升高温度平衡向逆反应方向移动，反应物的转化率减小，
    故答案为：吸；减小；
    ②由图可知，反应历程B与A相比，改变反应历程，应是使用催化剂，
    故答案为：D；
    （3）Na2SO4（S）+4H2（g）═Na2S（s）+4H2O（g）的平衡常数表达式k=
    c4(H2O)
    c4(H2)
    ；
    K1000℃＜K1200℃，则正反应为吸热反应，降低体系温度，平衡向正反应方向移动，混合气体总质量增大，总的物质的量不变，故混合气体的平均相对分子质量将增大，
    故答案为：
    c4(H2O)
    c4(H2)
    ；增大；
    （4）①盐溶液中c（OH-）=
    10-14
    10-8
    =10-6 mol/L，0.1mol?L-1NaOH溶液中c（H+）等于由水电离出的氢氧根离子浓度，即c（H+）=c水电离（OH-）=
    10-14
    0.1
    =10-13 mol/L，所以混合液中由水电离出的OH-浓度与0.1mol?L-1NaOH溶液中由水电离出的OH-浓度之比=10-6 mol/L：10-13 mol/L=107：1，
    故答案为：107：1；
    ②将HA溶液加到Na2CO3溶液中有气体放出，说明HA的酸性比碳酸的强，NH4A溶液为中性，说明相同条件下，氨水和HA的电离程度相同，所以（NH4）2CO3中铵根离子的水解程度小于碳酸根离子的水解程度，所以溶液的pH＞7；
    NH4Cl是强酸弱碱盐，铵根离子水解导致溶液呈酸性；
    NH4A溶液中阴阳离子的水解程度相等，所以溶液呈中性，溶液的pH值大于氯化铵；
    NH4HCO3溶液中铵根离子的水解程度小于碳酸氢根离子的水解程度，溶液呈碱性，
    （NH4）2CO3溶液中碳酸根的水解程度更大，pH值最大，
    故答案为：＞；c＞a＞b＞d．
    点评：本题综合性较大，涉及热化学方程式的书写、化学平衡常数、平衡移动、电解质溶液有关计算、盐类水解等，难度中等，是对学生综合能力的考查，（5）为易错点，判断HA与碳酸酸性强弱是关键．
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    科目：高中化学 来源： 题型：

    （2013?番禺区模拟）工业上用闪锌矿（主要成分为ZnS，还含有CdS、Fe2O3等杂质）为原料生产ZnSO4?7H2O的工艺流程如下：（己知Cd的金属活动性介于Zn和Fe之间）

    （1）从滤渣A中可获得一种淡黄色非金属单质的副产品，其化学式为
    S
    S
    ．
    （2）浸取过程中Fe2（SO4）3的作用是
    做氧化剂
    做氧化剂
    ，浸取时Fe2（SO4）3与ZnS发生反应的化学方程式为
    Fe2（SO4）3+ZnS=ZnSO4+2FeSO4+S
    Fe2（SO4）3+ZnS=ZnSO4+2FeSO4+S
    ．
    （3）除铁过程控制溶液的pH在5.4左右，该反应的离子方程式为
    4Fe2++O2+6H2O=4FeOOH+8H+
    4Fe2++O2+6H2O=4FeOOH+8H+
    ．该过程在空气入口处设计了一个类似淋浴喷头的装置，其目的是
    增大空气与溶液的接触面积，加快反应速率
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    ．
    （4）置换法除重金属离子是Cd2+，所用物质C为
    Zn
    Zn
    ．
    （5）硫酸锌的溶解度与温度之间的关系如下表：
    温度/℃ 0 20 40 60 80 100
    溶解度/g 41.8 54.1 70.4 74.8 67.2 60.5
    从除重金属后的硫酸锌溶液中获得硫酸锌晶体的实验操作为
    60℃条件下蒸发浓缩
    60℃条件下蒸发浓缩
    、
    降温结晶
    降温结晶
    、过滤、干燥．

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    科目：高中化学 来源： 题型：

    （1）粗制的CuCl2?2H2O晶体中常含有Fe3+、Fe2+杂质．在提纯时，常先加入合适的氧化剂，将Fe2+氧化为Fe3+，下列可选用的氧化剂是
    BC
    BC
    ．
    A．KMnO4      　 B．H2O2   　　  C．Cl2水  　　    D．HNO3
    （2）己知：常温下Ksp[Fe（OH）3]=8.0×10-38，Ksp[Cu（OH）2]=2.2×10-20，㏒2=0.3．通常认为残留在溶液中的离子浓度小于1×10-5mol?L-1时就认为沉淀完全．试计算
    ①将溶液的pH调至PH=
    3.3
    3.3
    时Fe3+转化为Fe（OH）3而沉淀完全．
    ②若CuSO4溶液的浓度为2.2mol?L-1，则Cu（OH）2开始沉淀时溶液的pH为
    4
    4
    ．
    （3）调整溶液的pH可选用下列中的
    CDE
    CDE
    ．
    A．NaOH（aq）    B．NH3?H2O   C．CuO粉末   D．Cu（OH）2悬浊液   E．Cu2（OH）2CO3（s）

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    科目：高中化学 来源：2013届江西省高二第二次月考化学试卷 题型：填空题

    （8分）（1）粗制的CuCl2·2H2O晶体中常含有Fe3+、Fe2+杂质。在提纯时，常先加入合适的氧化剂，将Fe2+氧化为Fe3+，下列可选用的氧化剂是___________。

    A.KMnO4      　 B.H2O2   　　  C.Cl2水  　　    D.HNO3   

    (2)己知：常温下Ksp［Fe(OH)3］=8.0×10-38,Ksp［Cu(OH)2］=2.2×10-20，㏒2=0.3。通常认为残留在溶液中的离子浓度小于1×10-5mol·L-1时就认为沉淀完全。试计算

    ①将溶液的pH调至PH=__________时Fe3+转化为Fe(OH)3而沉淀完全。

    ②若CuSO4溶液的浓度为2.2mol·L-1，则Cu(OH)2开始沉淀时溶液的pH为__________。

    (3)调整溶液的pH可选用下列中的____________。

    A.NaOH(aq)    B.NH3·H2O   C.CuO粉末    D.Cu(OH)2悬浊液    E.Cu2(OH)2CO3(s)

     

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    科目：高中化学 来源： 题型：

    钛(Ti)被称为继铁、铝之后的第三金属，钛白(TiO2)是目前最好的白色颜料。制备TiO2和Ti的原料是钛铁矿，我国的钛铁矿储量居世界首位。含有Fe2O3的钛铁矿（主要成分为FeTiO3）制取TiO2的流程如下：

    (1)Ti的原子序数为22，Ti位于元素周期表中第__________周期，第           族。

    (2)步骤①加Fe的目的是__________________________________________________；

    步骤②冷却的目的是__________________________________________________。

    (3)上述制备TiO2的过程中，可以利用的副产物是                    ；考虑成本和废物综合利用因素，废液中应加入                                        处理。

    (4)由金红石(TiO2)制取单质Ti，涉及到的步骤为：

    己知：①C (s)＋O2 (g)＝CO2 (g)；△H＝－393.5 kJ·mol-1

    ②2CO (g)＋O2 (g)＝2CO2 (g)；△H＝－566 kJ·mol-1

    ③TiO2(s)＋2Cl2 (g)＝TiCl4(s)＋O2(g)；△H＝＋141 kJ·mol-1

    则TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO (g)的△H＝                      。

    反应TiCl4＋2Mg＝2MgCl2＋Ti在Ar气氛中进行的理由是                          

                                                                               。

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