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6.已知:
H2C2O4HFH2CO3H3BO3
电离平衡常数KaKa1=5.9×10-2
Ka2=6.4×10-5
未知Ka1=4.2×10-7
Ka2=5.6×10-11
5.8×10-10
(1)为了证明HF 是弱酸,甲、乙、丙三位同学分别设计以下实验进行探究.
①甲同学取一定体积的HF溶液,滴入2 滴紫色石蕊试液,显红色,再加入NaF 固体观察到的现象是红色变浅,则证明HF 为弱酸.
②乙同学取10ml未知浓度的HF 溶液,测其pH 为a,然后用蒸馏水稀释至1000mL.再测其pH 为b,若要认定HF 为弱酸,则a、b 应满足的关系是b<a+2(用含a 的代数式表示).
③丙同学用pH 试纸测得室温下0.10mol•L-1的HF 溶液的pH为2,则认定HF为弱酸,由丙同学的实验数据可得室温下HF 的电离平衡常数约为1.0×10-3
(2)①己知H3BO3 与NaOH 溶液反应的离子方程式为H3BO3+OH-1=B(OH)4-,写出硼酸的电离方程式H3BO3+H2O?B(OH)4-+H+
②向等浓度的H2C2O4与H3BO3混合溶液中逐滴加入NaoH 溶液,则与0H-作用的粒子(包括分子和离子)依次为H2C2O4,HC2O4-,H3BO3
(3)向NaHC2O4 溶液中加入少量的Na2CO3溶液,反应的离子方程式2HC2O4-十CO32-=2C2O42-+H2O+CO2↑.

分析 (1)①HF在溶液中电离出氢离子和氟离子,证明HF存在电离平衡即可;
②弱酸加水稀释会存进弱酸的电离,稀释10n倍,pH变化小于n个单位;
③根据Ka=$\frac{c({F}^{-})×c({H}^{+})}{c(HF)}$计算;
(2)①由信息可知为一元酸,H3BO3电离除生成B(OH)4-外还生成H+
②根据酸电离出氢离子的难易程度判断;
(3)草酸的第二电离常数大于碳酸的第一电离常数,所以NaHC2O4 溶液中加入少量的Na2CO3溶液,会生成二氧化碳.

解答 解:(1)①HF在溶液中电离出氢离子和氟离子,溶液显酸性,滴入2 滴紫色石蕊试液,显红色,再加入NaF 固体,HF的电离平衡向逆方向移动,氢离子浓度减小,溶液的红色变浅,证明HF存在电离平衡,即HF为弱酸;
故答案为:红色变浅;
②乙同学取10ml未知浓度的HF 溶液,测其pH 为a,然后用蒸馏水稀释至1000mL,体积增大102倍,弱酸加水稀释会存进弱酸的电离,稀释102倍,pH变化小于2个单位,所以稀释后pH=b<a+2;
故答案为:a+2;
③用pH 试纸测得室温下0.10mol•L-1的HF 溶液的pH为2,则c(H+)=0.01mol/L,则Ka=$\frac{c({F}^{-})×c({H}^{+})}{c(HF)}$=$\frac{0.01×0.01}{0.1-0.01}$≈1.0×10-3
故答案为:1.0×10-3
(2)①由信息可知为一元酸,H3BO3电离除生成B(OH)4-外还生成H+,其方程式为:H3BO3+H2O?B(OH)4-+H+
故答案为:H3BO3+H2O?B(OH)4-+H+
②由表中数据可知,H2C2O4的第一电离和第二步电离程度都大于H3BO3,所以NaOH先与H2C2O4、HC2O4-反应,然后与H3BO3反应;
故答案为:H2C2O4、HC2O4-、H3BO3
(3)草酸的第二电离常数大于碳酸的第一电离常数,所以NaHC2O4 溶液中加入少量的Na2CO3溶液,会生成二氧化碳,其化学方程式为:2HC2O4-十CO32-=2C2O42-+H2O+CO2↑;
故答案为:2HC2O4-十CO32-=2C2O42-+H2O+CO2↑.

点评 本题考查了弱电解质的电离、电离常数的应用和计算、电离方程式等,题目难度中等,注意把握电离常数与酸的酸性强弱的关系,侧重于考查学生的分析能力和计算能力.

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A.图②中Cr2O72-离子向惰性电极移动,与该极附近的OH-结合转化成Cr(OH)3除去
B.图②的电解池中,有0.084 g阳极材料参与反应,阴极会有33.6 mL的气体产生
C.图①中发生的还原反应是:Mg2++ClO-+H2O+2e-═Cl-+Mg(OH)2
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B.c(HA-)+c(H2A)+c(H+)=c(OH-
C.c(A2-)+c(HA-)+c(H2A)=1mol•L-1
D.c(A2-)+c(HA-)+c(OH-)=c(Na+)+c(H+

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