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7.下列说法正确的是(  )
A.用惰性电极电解含酚酞的饱和食盐水,阳极附近溶液先变红
B.铜的电解精炼过程中,有0.2 mol 电子发生转移时,阳极一定有6.4 g铜溶解
C.将地下钢管与直流电源的正极相连,称为外加电源的阴极保护法
D.在中性环境中,每生成35.6 g铁锈(Fe2O3•H2O),消耗的氧气为6.72 L(标准状况)

分析 A、电解饱和食盐水时,阳极氯离子放电生成氯气,不会生成氢氧化钠;
B、在电解精炼铜时,阳极上是粗铜,放电的不只是铜,还有比铜活泼的金属杂质;
C、将地下钢管与直流电源的正极相连,则钢管作为阳极,会被腐蚀;
D、根据反应O2+2H2O+4e-=4OH-,结合铁元素守恒可得关系式$\frac{3}{2}$O2~2Fe(OH)3~Fe2O3.H2O计算.

解答 A、用惰性电极电解饱和食盐水时,阳极生成氯气,阴极生成氢气和氢氧根离子,所以阴极生成氢氧化钠,阴极附近溶液先变红,故A错误;
B、在电解精炼铜时,阳极上是粗铜,故阳极上放电的不只是铜,还有比铜活泼的金属杂质,故当转移0.2 mol 电子转移时,阳极上溶解的质量小于6.4,故B错误;
C、将地下钢管与直流电源的正极相连,则钢管作为阳极,会被腐蚀,故C错误;
D、根据反应O2+2H2O+4e-=4OH-,结合铁元素守恒可得关系式$\frac{3}{2}$O2~2Fe(OH)3~Fe2O3.H2O,35.6g铁锈(Fe2O3•H2O)的物质的量为0.2mol,故消耗氧气0.3mol,标况下的体积为0.3×22.4=6.72L,故D正确;
故选D.

点评 本题考查了电解饱和食盐水的原理、阿伏伽德罗常数及氧化还原的有关计算,掌握原理和相关计算公式是解题关键,题目难度中等.

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科目:高中化学 来源: 题型:推断题

7.有机物A、B的分子式均为C11H12O5,均能发生如下变化.

已知:①A、B、C、D均能与NaHCO3反应;
②只有A、D能与FeCl3溶液发生显色反应,A苯环上的一溴代物只有两种;
③F能使溴水褪色且不含有甲基;
④H能发生银镜反应.
根据题意回答下列问题.
(1)反应③的反应类型消去;反应⑥的条件是Cu、加热.
(2)写出F的结构简式CH2=CHCH2COOH;D中含氧官能团的名称是羟基和羧基.
(3)E是C的缩聚产物,写出反应②的化学方程式
(4)下列关于A~I的说法中正确的是bd(选填编号).
a.I的结构简式为
b.D在一定条件下也可以反应形成高聚物
c.G具有8元环状结构
d.等质量的A与B分别与足量NaOH溶液反应,消耗等量的NaOH
(5)写出B与足量NaOH溶液共热的化学方程式:
(6)D的同分异构体有很多种,写出同时满足下列要求的其中一种同分异构体的结构简式:
①能与FeCl3溶液发生显色反应
②能发生银镜反应但不能水解
③苯环上的一卤代物只有2种.

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

18.物质结构与性质包括原子、分子和晶体结构与性质三大内容.请回答下列问题:
(1)写出基态Fe原子的电子排布图;第ⅦA族元素原子外围电子排布通式为ns2np5
(2)在Al、N、O三种元素中,第一电离能由大到小的排序是N>O>Al;原子半径最大的元素和离子半径最大的元素所组成的物质是AlN(填化学式).
(3)已知几种元素的电负性如下表:
HBCNOF
2.182.042.553.043.443.98
SiPSCl
1.902.192.583.16
①在上表所列的元素中,在氢化物中H元素化合价显负价的是SiH4、B2H6(填简单氢化物的分子式).
②B3N3H6与苯互为等电子体,其结构式为,能发生加成反应、取代反应(填有机反应类型).
③NF3在微电子工业中可作为一种优良的等离子蚀刻气体,其结构与NH3相似,但熔沸点比NH3低很多,其原因是氨分子间能形成氢键,且极性比NF3强,而NF3分子间不能形成氢键.
三氟化氮

VSEPR模  型
熔点/℃-77.7-206.8
沸点/℃-33.5-129.0
④金刚砂(SiC)硬度仅次于金刚石,可用作砂纸、砂轮的磨料,其晶胞(立方体)如图:则硅原子的杂化类型为sp3,其密度为$\frac{160}{{N}_{A}•{a}^{3}}$g/cm3(以含a的代数式表示).

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

15.在2L密闭容器内,800℃时反应:2NO(g)+O2(g)═2NO2(g)体系中,n(NO)随时间的变化如表:
时间(s)012345
n(NO)(mol)0.0200.0100.0080.0070.0070.007
(1)该反应的平衡常数表达是$\frac{{c}^{2}(N{O}_{2})}{{c}^{2}(NO)•c({O}_{2})}$;800℃反应达到平衡时,NO的物质的量浓度
是0.0035mol/L;升高温度,NO的浓度增大,则该反应是放 (填“放热”或“吸
热”)反应.
(2)如图中表示NO2变化的曲线是b.用O2表示从0~2s内该反应的平均速率v=0.0015mol/(L•s)或1.5×10-3mol/(L•s).
(3)能说明该反应已达到平衡状态的是bc.
a.v(NO2)=2v(O2)              b.容器内压强保持不变
c.v逆(NO)=2v正(O2)         d.容器内密度保持不变
(4)能使该反应的反应速率增大,且平衡向正反应方向移动的是c.
a.及时分离出NO2气体          b.适当升高温度
c.增大O2的浓度               d.选择高效催化剂
(5)已知:25℃、101kPa时,①Mn(s)+O2(g)═MnO2(s)△H1=-520kJ/mol
②S(s)+O2(g)═SO2(g)△H2=-297kJ/mol
③Mn(s)+S(s)+2O2(g)═MnSO4(s)△H3=-1065kJ/mol
SO2与MnO2反应生成无水MnSO4的热化学方程式是MnO2(s)+SO2(g)=MnSO4(s)△H=-248kJ/mol.

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科目:高中化学 来源: 题型:推断题

2.海洋是一个丰富的资宝库,通过海水的综合利用可获得许多物质供人类使用.
(1)海水中盐的开发利用:
①海水制盐目前以盐田法为t,建盐田必须选在远离江河入海口,多风少雨,潮汐落差大且又平坦空旷的海滩.所建盐田分为贮水池、蒸发池和结晶池.
②目前工业上采用比较先进的离子交换膜电解槽法进行氯碱工业生产,在电解槽中阳离子交换膜只允许阳离子通过,阻止阴离子和气体通过,请说明氯碱生产中阳离子交换膜的作用:阻止H2与Cl2发生反应甚至发生爆炸或阻止Cl2与生成的NaOH溶液反应而使烧碱产品不纯等(写一点即可).
(2)电渗析法是近年发展起的一种较好的海水淡化技术,其原理如图1所示.其中具有选择性的阴离子交换膜和阳离子交换膜相间排列.请回答下面的问题:

①海水不能直接通人到阴极室中,理由是海水中含较多Mg2+和Ca2+等阳离子,电解时会产生Mg(OH)2、Ca(OH)2等沉淀从而堵塞阳离子交换膜.
②A口排出的是淡水(填“淡水”或“浓水”)
(3)用苦卤(含Na+、K+、Mg2+、Cl-、Br-等离子)可提取溴,其生产流程如图2
①若吸收塔中的溶液含BrO3-,则吸收塔中反应的离子方程式为:3CO32-+3Br2=5Br-+BrO3-+3CO2
②通过①氯化已获得含Br2的溶液.为何还需经过吹出、吸收、酸化重新获得含Br2的溶液?
③向蒸馏塔中通入水蒸气加热.控制温度在90℃左右进行蒸馏的原因是温度过低难以将Br2蒸馏出来,但温度过高又会将大量的水蒸馏出来.

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

12.物质的结构决定物质的性质.请回答下列涉及物质结构和性质的问题:
(1)第二周期中,元素的第一电离能处于B与N之间的元素有3种.
(2)某元素位于第四周期Ⅷ族,其基态原子的未成对电子数与基态碳原子的未成对电子数相同,则其基态原子的价层电子排布式为3d84s2
(3)乙烯酮(CH2=C=O)是一种重要的有机中间体,可用CH3COOH在(C2H5O)3P=O存在下加热脱H2O得到.乙烯酮分子中碳原子杂化轨道类型是sp2和sp,1mol(C2H5O)3P=O分子中含有的σ键的数目为25NA
(4)已知固态NH3、H2O、HF的氢键键能和结构如图1:
 物质氢键X-H…Y 键能kJ.mol-1
 (HF)n D-H…F 28.1
 冰 O-H…O 18.8
 (NH3n N-H…N 5.4

解释H2O、HF、NH3沸点依次降低的原因单个氢键的键能是(HF)n>冰>(NH3n,而平均每个分子含氢键数:冰中2个,(HF)n和(NH3n只有1个,气化要克服的氢键的总键能是冰>(HF)n>(NH3n
(5)碳化硅的结构与金刚石类似,其硬度仅次于金刚石,具有较强的耐磨性能.碳化硅晶胞结构中每个碳原子周围与其距离最近的硅原子有4个,与碳原子等距离最近的碳原子有12个.已知碳化硅晶胞边长为apm,则晶胞图2中1号硅原子和2号碳原子之间的距离为$\frac{\sqrt{11}a}{4}$pm,碳化硅的密度为$\frac{1.6×1{0}^{32}}{{a}^{3}×{N}_{A}}$g/cm3

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科目:高中化学 来源: 题型:解答题

19.纳米氧化亚铜在水的光解等领域具有极大应用潜能,是极具开发前景的绿色环保光催化剂.目前主要的合成方法有电解法、高温固相法等.
(1)有研究表明阳极氧化法成功制得了Cu2O 纳米阵列,装置如图:该电池的阳极反应方程式为2Cu-2e-+2OH-=Cu2O+H2O离子交换膜为阴(填阳或阴)离子交换膜,铜网应连接电源的正极.
(2)在高温下用甲烷将粉状CuO 还原也可制得Cu2O.
已知:①2Cu(s)+$\frac{1}{2}$O2(g)=Cu2O(s);△H=-169kJ•mol-1
②CH4(g)+2O2(g)=CO2(g)+2H2O(g);△H=-846.3kJ•mol-1
③Cu(s)+$\frac{1}{2}$O2(g)=CuO(s);△H=-157kJ•mol-1
则该反应的热化学方程式是:8CuO(s)+CH4(g)=4Cu2O(s)+CO2(g)+2H2O(g)△H=-266.3kJ/mol.
(3)在相同的密闭容器中,用等质量的三种纳米Cu2O(用不同方法制得)分别进行催化分解水的实验:2H2O(g)$?_{Cu_{2}O}^{光照}$2H2(g)+O2(g)△H>0.水蒸气浓度随时间t变化如下表所示:
序号 01020304050
T10.0500.04920.04860.04820.04800.0480
T10.0500.04880.04840.04800.04800.0480
T20.100.0940.0900.0900.0900.090
①对比实验的温度:T2>T1(填“>”“<”或“﹦”),原因是因为该反应的正反应方向为吸热方向,升温,平衡正向移动,平衡常数增大,③的平衡常数大于①,说明T2大于T1
②实验①前20min的平均反应速率 v(O2)=3.5×10-5mol/(L•min)
③比较不同方法制得的Cu2O的催化效果应选用①和②组实验,原因是除催化剂外,其他条件相同.

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科目:高中化学 来源: 题型:选择题

16.室温下向10mL 0.1mol•L-1NaOH溶液中加入0.1mol•L-1的一元酸HA,溶液pH的变化曲线如图所示.下列说法正确的是(  )
A.a点所示溶液中c(HA)>c(A-
B.当加入HA溶液10ml时,$\frac{{K}_{W}}{c({H}^{+})}$<1.0×10-7mol•L-1
C.a点所示溶液中c(Na+)=c(A-)+c(HA)
D.b点所示溶液中c(Na+)>c(A-)>c(H+)>c(HA)

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