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11.已知合成氨反应N2(g)+3H2(g)?2NH3(g)△H=-92.2kJ/mol.
(1)该反应的化学平衡常数K与温度T的关系如下
T/K473573673
K4.4×10-2K1K2
其中K1> K2 (填“>”“<”或“=”)
(2)合成氨在农业和国防中有很重要的意义,在实际生产中,常采用下列措施,其中可以用勒夏特列原理解释的是BD
A.用铁触媒加快化学反应速率      
B.采用较高压强(20MPa~50MPa )
C.采用较高温度 (400℃~500℃) 
D.将生成的氨液化并及时从体系中分离出来
(3)在某一温度下,向体积不变的容器中加入2molN2、8molH2及固体催化剂,平衡时,容器内气体压强为起始的80%,反应达到平衡时,N2的转化率是50%,此时反应放出的热量=92.2kJ(填“>”“<”或“=”)
(4)在某段时间t0~t6中反应速率与时间的曲线图如下,则氨百分含量最高的时间段A
A.t0~t1  B.t2~t3  C.t3~t4   D.t5~t6
(5)t1时刻改变的条件是,升高温度;t3时刻改变的条件是:加入催化剂;t4时刻改变的条件是减小压强.

分析 (1)该反应的正反应是放热反应,升高温度平衡逆向移动,化学平衡常数减小;
(2)勒夏特列原理为:如果改变影响平衡的条件之一,平衡将向着能够减弱这种改变的方向移动,使用勒夏特列原理时,该反应必须是可逆反应,否则勒夏特列原理不适用;
(3)温度、体积不变时,气体的物质的量之比等于其压强之比,平衡时,容器内气体压强为起始的80%,则平衡使混合气体物质的量=(2+8)mol×80%=8mol,气体物质的量减少(2+8)mol×(1-80%)=2mol,根据方程式知,参加反应的氮气物质的量=$\frac{1}{2}×2mol$=1mol,据此计算其转化率;
1mol氮气参加反应,放出的热量为92.2kJ;
(4)根据正逆反应速率相对大小判断反应方向,从而确定氨气百分含量;
(5)t1时刻,正逆反应速率都增大,且和原来平衡点不接触,改变的条件可能是升高温度或增大压强,但逆反应速率大于正反应速率,只能升高温度;
t3时刻,正逆反应速率都增大且相等,改变的条件只能是使用催化剂;
t4时刻,正逆反应速率都减小,且和原来平衡点不接触,可能是减小压强或降低温度,改变的条件时平衡逆向移动,只能是减小压强.

解答 解:(1)该反应的正反应是放热反应,升高温度平衡逆向移动,生成物浓度降低、反应物浓度增大,所以化学平衡常数减小,则K1>K2,故答案为:>;
(2)A.用铁触媒加快化学反应速率,是利用铁触媒做催化剂降低反应的活化能,加快反应速率,不改变化学平衡,不能用勒夏特列原理解释,故错误;
B.反应是气体体积减小的反应,加压平衡正向进行符合化学平衡移动原理,可以用勒夏特列原理解释,故正确;
C.合成氨反应为放热反应,升高温度不利用平衡向正方向移动,但升温却可提高反应速率,催化剂活性大,与勒沙特列原理不符,故错误;
D.将生成的氨液化并及时从体系中分离出来,减少生成物浓度,平衡正向进行,可以用勒夏特列原理解释,故正确;
故选BD;
(3)温度、体积不变时,气体的物质的量之比等于其压强之比,平衡时,容器内气体压强为起始的80%,则平衡使混合气体物质的量=(2+8)mol×80%=8mol,气体物质的量减少(2+8)mol×(1-80%)=2mol,根据方程式知,参加反应的氮气物质的量=$\frac{1}{2}×2mol$=1mol,氮气转化率=$\frac{1mol}{2mol}×100%$=50%;
根据方程式知,1mol氮气参加反应,放出的热量为92.2kJ,该反应中有1mol氮气参加反应,所以放出的热量为92.2kJ,
故答案为:50%;=;
(4)t0~t1时,正逆反应速率相等,平衡不移动;
t1~t2时,逆反应速率大于正反应速率,平衡向逆反应方向移动; 
t2~t3时,正逆反应速率相等,平衡不移动;
t3~t4时,正逆反应速率相等,平衡不移动;
t5~t6时,逆反应速率大于正反应速率,平衡逆向移动,
所以氨气含量最大的是t0~t1时,
故选A;
(5)t1时刻,正逆反应速率都增大,且和原来平衡点不接触,改变的条件可能是升高温度或增大压强,但逆反应速率大于正反应速率,平衡逆向移动,所以只能升高温度;
t3时刻,正逆反应速率都增大且相等,平衡不移动,则改变的条件只能是使用催化剂;
t4时刻,正逆反应速率都减小,且和原来平衡点不接触,可能是减小压强或降低温度,改变的条件时平衡逆向移动,只能是减小压强,
故答案为:升高温度;加入催化剂;减小压强.

点评 本题考查化学平衡计算、反应速率与化学平衡图象、化学平衡移动原理等知识点,侧重考查分析计算判断能力,难点是根据反应速率相对大小判断改变条件及平衡移动方向,题目难度中等.

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