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1.(1)常温下,将0.15mol•L-1稀硫酸V1mL与0.1mol•L-1NaOH溶液V2mL混合,所得溶液的pH为1,则V1:V2=1:1(溶液体积变化忽略不计);纯水在100℃时,pH=6,该温度下0.1mol•L-1的NaOH溶液中,溶液的pH=11.该溶液中由水电离出的c(OH-)约为1×10-11mol•L-1
(2)常温下,0.1mol•L-1的NaHCO3溶液的pH大于8,则溶液中c(CO32-)<c(H2CO3)(填“>”、“<”或“=”);水解反应是典型的可逆反应,水解反应的化学平衡常数称为水解常数(用Kb表示),类比化学平衡常数的定义,请写出Na2CO3第一步水解反应的水解常数的表达式Kb=$\frac{c({HC{O}_{3}}^{-})•c(O{H}^{-})}{c(C{{O}_{3}}^{2-})}$,请设计实验证明0.1mol•L-1的Na2CO3溶液中水解的CO32-不超过其总量的10%用pH试纸(或pH计)测常温下0.1mol•L-1 Na2CO3溶液的pH,若pH<12就可 以说明Na2CO3溶液中水解的CO32-不超过其总量的10%.

分析 (1)所得溶液的pH值为1,溶液中氢离子浓度为1×10-1mol•L-1,说明氢离子过量,根据题中稀硫酸和氢氧化钠溶液体积列式计算出V1:V2的比值;先计算出0.1 mol•L-1的NaOH中c(H+),再根据pH=-lg[H+]计算出溶液的pH;碱溶液中的氢离子是水的电离的;
(2)0.1mol•L-1NaHCO3溶液的pH大于8,溶液显碱性,碳酸氢根离子的水解大于其电离程度;
碳酸根离子水解生成碳酸氢根离子和氢氧根离子,据此类比化学平衡常数的定义写出Na2CO3第一步水解反应的水解常数的表达式;
碳酸钠属于强碱弱酸盐,碳酸根离子水解而使溶液呈碱性,根据其水解程度确定溶液pH,用pH试纸测量其pH即可.

解答 解:(1)溶液中氢氧化钠的物质的量为:V2×10-3L×0.1mol/L=V2×10-4mol,
稀硫酸中氢离子的物质的量为:V1×10-3L×0.15mol/L×2=3V1×10-4mol,
两溶液混合后溶液显示酸性,氢离子浓度为1×10-1mol•L-1
则有:3V1×10-4mol-V2×10-4mol=(V1+V2)×10-3L×1×10-1mol•L-1=(V1+V2)×10-4mol,解得:V1:V2=1:1;
纯水中的[H+]=[OH-],pH=6,[H+]=[OH-]=1×10-6mol•L-1,KW=1×10-6×1×10-6=1×10-12,0.1mol•L-1的NaOH溶液中氢氧根离子浓度为0.1mol/L,c(H+)=1×10-11mol•L-1,pH=-lg[H+]=11,强氧化钠溶液中的氢离子是水的电离的,则水电离的氢氧根离子为1×10-11
故答案为:1:1;11;1×10-11
(2)0.1mol•L-1NaHCO3溶液的pH大于8,溶液显碱性,说明HCO3-的水解程度大于其电离程度,则c(CO32-)<c(HCO3-);
碳酸根离子水解生成碳酸氢根离子和氢氧根离子,则其水解平衡常数额:Kb=$\frac{c({HC{O}_{3}}^{-})•c(O{H}^{-})}{c(C{{O}_{3}}^{2-})}$;
常温下,0.1mol•L-1的纯碱溶液,发生水解的CO32-离子不超过其总量的10%,则溶液中c(OH-)>0.1mol/L×10%=0.01mol/L,则c(H+)<$\frac{1{0}^{-14}}{0.01}$mol/L=10-12mol/L,所以溶液的pH<12,故操作方法为:用pH试纸测量常温下0.1mol/L碳酸钠溶液的pH,如果溶液的pH<12,则证明发生水解的CO32-离子不超过其总量的10%,
故故答案为:<;$\frac{c({HC{O}_{3}}^{-})•c(O{H}^{-})}{c(C{{O}_{3}}^{2-})}$;用pH试纸(或pH计)测常温下0.1mol•L-1 Na2CO3溶液的pH,若pH<12就可 以说明Na2CO3溶液中水解的CO32-不超过其总量的10%.

点评 本题考查了离子浓度大小比较、酸碱混合的定性判断及溶液pH的计算等知识,题目难度中等,试题知识点较多、综合性较强,充分考查学生灵活应用基础知识的能力,注意掌握酸碱混合的定性及溶液pH的计算方法判断方法,明确离子浓度定性比较的常用方法.

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