Question

1．有机物是重要的化工原料，其合成过程如图：
（1）化合物II的分子式为C₈H₁₀O₂，反应①的反应类型是加成反应反应．
（2）I中含氧官能团的名称是羟基，化合物Ⅳ与足量氢气加成后的产物名称（系统命名）1-羟基丁酸
（3）写出有机物Ⅳ一定条件下发生缩聚反应的化学方程式nHOCH₂CH₂CH₂COOH$→_{△}^{浓H_{2}SO_{4}}$（OCH₂CH₂CH₂CO）_n+nH₂O．
（4）芳香化合物V是II的同分异构体，具有下列结构特征：①无甲基；②能使FeCl₃溶液显紫色；③核磁共振氢谱除苯环吸收峰外有四个吸收峰．则V的结构简式为．
（5）化合物I～IV具有的性质正确的是CD．
A．1mol化合物II最多能与2molH₂发生加成反应
B．1mol化合物II燃烧最多消耗8.5molO₂
C．1mol化合物IV能与2mol金属钠、1molNaHCO₃反应产生气体
D．化合物I和IV在一定条件下都能与乙酸发生酯化反应．

Answer 1

分析 （1）根据化合物II的结构简式可知其分子式，比较Ⅰ和Ⅱ的结构简式可知，反应①为加成反应；
（2）根据化合物I的结构简式可知其中含氧官能团为羟基，化合物Ⅳ中有碳碳参键，与氢气发生加成反应，据此判断产物名称；
（3）有机物Ⅳ中含有羟基和羧基，可以通过形成酯基而发生缩聚反应生成聚酯；
（4）根据条件：无甲基；②能使FeCl₃溶液显紫色，说明有酚羟基；③核磁共振氢谱除苯环吸收峰外有四个吸收峰，即有四种位置的氢原子，芳香化合物V说明有苯环，且是II的同分异构体，结合Ⅱ的结构简式书写Ⅴ的结构简式；
（5）A．化合物II中含有一个碳碳双键和一个碳碳参1键，所以1mol化合物II最多能与3molH₂发生加成反应；
B．根据化合物II的分子式可知，1mol化合物II燃烧最多消耗9.5molO₂；
C．化合物IV中有一个羟基和一个羧基，据此判断；
D．化合物I和IV中都有羟基，在一定条件下都能与乙酸发生酯化反应．

解答 解：（1）根据化合物II的结构简式可知其分子式为C₈H₁₀O₂，比较Ⅰ和Ⅱ的结构简式可知，反应①为加成反应，
故答案为：C₈H₁₀O₂； 加成反应；
（2）根据化合物I的结构简式可知其中含氧官能团为羟基，化合物Ⅳ中有碳碳参键，与氢气发生加成反应，生成产物为HOCH₂CH₂CH₂COOH，其名称为1-羟基丁酸，
故答案为：羟基；1-羟基丁酸；
（3）有机物Ⅳ中含有羟基和羧基，可以通过形成酯基而发生缩聚反应生成聚酯，反应方程式为nHOCH₂CH₂CH₂COOH$→_{△}^{浓H_{2}SO_{4}}$（OCH₂CH₂CH₂CO）_n+nH₂O，
故答案为：nHOCH₂CH₂CH₂COOH$→_{△}^{浓H_{2}SO_{4}}$（OCH₂CH₂CH₂CO）_n+nH₂O；
（4）根据条件：无甲基；②能使FeCl₃溶液显紫色，说明有酚羟基；③核磁共振氢谱除苯环吸收峰外有四个吸收峰，即有四种位置的氢原子，芳香化合物V说明有苯环，且是II的同分异构体，结合Ⅱ的结构简式可知Ⅴ的结构简式为，
故答案为：；
（5）A．化合物II中含有一个碳碳双键和一个碳碳参1键，所以1mol化合物II最多能与3molH₂发生加成反应，故A错误；
B．根据化合物II的分子式可知，1mol化合物II燃烧最多消耗9.5molO₂，故B错误；
C．化合物IV中有一个羟基和一个羧基，所以1mol化合物IV能与2mol金属钠、1molNaHCO₃反应产生气体，故C正确；
D．化合物I和IV中都有羟基，在一定条件下都能与乙酸发生酯化反应，故D正确，
故选CD．

点评 本题考查有机物推断和性质，为高考高频点，解答本题的关键是根据有机物的转化关系理解反应的过程及熟练掌握有机官能团的性质，难点是同分异构体的书写，同分异构体有官能团异构、官能团位置异构、碳链异构，但要结合限制性条件书写，题目难度中等．