分析 (1)明矾中铝离子水解生成氢氧化铝胶体,氢氧化铝胶体具有很强的吸附性;假设Ba(OH)2的物质的量为1mol,水溶液中Ba2+恰好沉淀时,需硫酸根离子1mol,所以明矾与Ba(OH)2的物质的量之比为1:2,进而书写反应的离子方程式,并判断溶液的酸碱性;
(2)依据题干数据计算沉淀后溶液中氯离子浓度,结合Ksp计算溶液中银离子浓度;要想刚好沉淀生成氯化银,说明Qc=Ksp;
(3)可知通过加入氧化镁,来调节溶液的PH值,使氯化铁转化为氢氧化铁,然后过滤除去;依据氢氧化铁的溶度积常数和Fe3+沉淀完全的浓度为c(Fe3+)<10-5mol•L-1,计算氢氧根离子浓度得到溶液最小pH.
解答 解:(1)明矾溶于水发生水解,铝离子水解生成氢氧化铝和硫酸,反应的离子方程式为Al3++3H2O?Al(OH)3+3H+;
假设Ba(OH)2的物质的量为1mol,水溶液中Ba2+恰好沉淀时,需硫酸根离子1mol,所以明矾与Ba(OH)2的物质的量之比为1:2,离子反应为Al3++2SO42-+2Ba2++4OH-═AlO2-+2BaSO4↓+2H2O,此时溶液呈碱性,PH>7,继续加入明矾溶液,铝离子和偏铝酸根离子发生双水解,反应的离子方程式为:Al3++3AlO2-+6H2O=4Al(OH)3↓,故答案为:明矾溶于水发生水解Al3++3H2O?Al(OH)3+3H+生成氢氧化铝胶体,氢氧化铝胶体可以吸附杂质;>;Al3++2SO42-+2Ba2++4OH-═AlO2-+2BaSO4↓+2H2O;Al3++3AlO2-+6H2O=4Al(OH)3↓;
(2)向50mL0.18mol•L-1的AgNO3溶液中加入50ml 0.2mol/L的盐酸,混合后两者浓度分别为c(Ag+)=$\frac{0.18}{2}$mol/L=0.09mol/L、c(Cl-)=$\frac{0.2}{2}$mol/L=0.1mol/L,Ag+与Cl-是等物质的量反应的,此时Cl-过量,过量浓度c(Cl-)=0.1-0.09=0.01mol/L,所以沉淀生成后溶液中的c(Ag+)=$\frac{Ksp}{0.01}$=$\frac{1.8×1{0}^{-10}}{0.01}$=1.8×10-8mol/L,Qc=c(HCl)•c(AgNO3)×$\frac{1}{4}$=Ksp,所以c(HCl)=$\frac{4Ksp}{c(AgN{O}_{3})}$=$\frac{4×1.8×1{0}^{-10}}{2×1{0}^{-4}}$=3.6×10-6mol/L,故答案为:1.8×10-8mol/L;3.6×10-6mol/L;
(3)可知通过加入氧化镁,来调节溶液的PH值,使氯化铁转化为氢氧化铁,然后过滤除去;常温时,Fe(OH)3的Ksp=1×10-38,要使溶液中的Fe3+沉淀完全,残留在溶液中的c(Fe3+)<10-5mol•L-1;
Ksp=c(Fe3+)c3(OH-)=10-5×c3(OH-)=1×10-38
c(OH-)=$\root{3}{\frac{1{0}^{-38}}{1{0}^{-5}}}$mol/L=10-11mol/L,c(H+)=$\frac{1{0}^{-14}}{1{0}^{-11}}$=10-3mol/L,
所以溶液中Fe3+恰好沉淀完全时溶液的PH为3;
故答案为:氧化镁;3.
点评 本题考查了沉淀溶度积常数的计算应用,根据一般离子的浓度小于10-5mol•L-1认为沉淀完全来解答,注意溶度积常数的计算表达,题目较简单.
科目:高中化学 来源: 题型:选择题
A. | 质子数为17、中子数为20的氯原子:${\;}_{17}^{20}$Cl | |
B. | 等物质的量的水与重水含有相同数目的中子数 | |
C. | 氯分子的电子式: | |
D. | 恒温恒容条件下HI分解成气态I2的反应,体系的总压强保持不变时,说明反应处于平衡态 |
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科目:高中化学 来源: 题型:解答题
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科目:高中化学 来源: 题型:选择题
A. | NH3、CO、CO2都是极性分子 | |
B. | CH4、CCl4都是含有极性键的非极性分子 | |
C. | HF、HCl、HBr、HI的稳定性依次增强 | |
D. | 由于氢键的影响,H2O比H2S的稳定性更好 |
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科目:高中化学 来源: 题型:选择题
A. | 仅① | B. | 仅①② | C. | 仅①②③ | D. | ①②③④ |
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实验编号 | HCl的物质的量浓度 (mol•L-1) | BOH的物质的量浓度 (mol•L-1) | 混合溶液的pH |
① | 0.1 | 0.1 | pH=5 |
② | c | 0.2 | pH=7 |
③ | 0.1 | 0.2 | pH>7 |
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