Question

2．如图涉及的物质所含元素中，除一种元素外，其余均为短周期元素．已知：A是汽车尾气成分之一，在空气中很快变为红棕色；M、E为无色气体单质，B为具有刺激性气味的气体，C为黑色氧化物，F为红色金属单质（部分产物未列出）．

请回答下列问题：
（1）E的电子式为；D分子的空间构型为V型．
（2）A和B反应中，氧化剂与还原剂的物质的量之比为3：2．
（3）写出F与G的稀溶液反应的离子方程式3Cu+8H⁺+2NO₃^-=3Cu²⁺+2NO↑+4H₂O．
（4）已知：J、K是同种金属的氯化物，K为白色沉淀，且其晶胞结构如图所示，

①则K的化学式为：CuCl．
②写出SO₂还原J生成K的离子方程式：2Cu²⁺+2Cl^-+SO₂+2H₂O=2CuCl↓+4H⁺+SO₄^2-．
（5）NO能被溶液吸收生成配合物，该配合物中存在的化学键有CDF．
A．金属键          B．非极性共价键        C．极性共价键
D．离子键      E．氢键          F．配位键．

Answer 1

分析 F为红色金属单质，应为Cu，C为黑色氧化物，则C为CuO，B为具有刺激性气味的气体，B应为NH₃，可与CuO在在加热条件下发生氧化还原反应生成单质Cu，生成的气体单质E为N₂；A是汽车尾气成分之一，在空气中很快变为红棕色，E可与氧气在放电条件下反应生成NO，则A为NO，M为O₂，D为H₂O，G为HNO₃，H为Cu（NO₃）₂，I为Cu（OH）₂，J为CuCl₂，J、K是同种金属的不同氯化物，K为白色沉淀，由晶胞结构图可知，两种离子均为4个，离子个数比为1：1，应为CuCl，结合对应物质的性质解答该题．

解答 解：F为红色金属单质，应为Cu，C为黑色氧化物，则C为CuO，B为具有刺激性气味的气体，B应为NH₃，可与CuO在在加热条件下发生氧化还原反应生成单质Cu，生成的气体单质E为N₂；A是汽车尾气成分之一，在空气中很快变为红棕色，E可与氧气在放电条件下反应生成NO，则A为NO，M为O₂，D为H₂O，G为HNO₃，H为Cu（NO₃）₂，I为Cu（OH）₂，J为CuCl₂，J、K是同种金属的不同氯化物，K为白色沉淀，由晶胞结构图可知，两种离子均为4个，离子个数比为1：1，应为CuCl，
（1）E为N₂，电子式为，D分子的空间构型为V型，故答案为：；V型；
（2）由反应6NO+4NH₃=5N₂+6H₂O可知，NO为氧化剂，氨气为还原剂，氧化剂与还原剂的物质的量之比为3：2，故答案为：3：2；
（3）F与G的稀溶液反应的离子方程式为3Cu+8H⁺+2NO₃^-=3Cu²⁺+2NO↑+4H₂O，故答案为：3Cu+8H⁺+2NO₃^-=3Cu²⁺+2NO↑+4H₂O；
（4）①由上述分析可知K的化学式为CuCl，故答案为：CuCl；
②SO₂还原J生成K的离子方程式为2Cu²⁺+2Cl^-+SO₂+2H₂O=2CuCl↓+4H⁺+SO₄^2-，故答案为：2Cu²⁺+2Cl^-+SO₂+2H₂O=2CuCl↓+4H⁺+SO₄^2-；
（5）配合物中离子间存在离子键，氮原子和氧原子之间形成极性共价键，金属原子提供空轨道和氮原子提供孤对电子形成配位键，故答案为：CDF．

点评 本题考查无机物的推断，为高频考点，把握物质的性质、相互转化、元素化合物知识为解答的关键，侧重分析与推断能力的考查，注意含N物质的性质及转化，题目难度中等，