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11.H、C、N、O、Fe、Si、I是中学化学中常见的元素,请根据题意回答与这些元素有关的问题:
(1)根据元素周期律,碳的非金属性强于硅,请用一个化学反应方程式表示CO2+Na2SiO3+H2O=Na2CO3+H2SiO3
(2)若FeSO4和O2的系数比为2:1,试配平下列方程式:
2FeSO4+6K2O2→2K2FeO4+2K2O+2K2SO4+1O2
(3)各种氮氧化物(NO、NO2)是主要的大气污染物之一,治理氮氧化物(NOX)废气的方法之一是用NaOH溶液进行吸收,其反应原理可表示如下:
NO2+NO+2NaOH=2NaNO2+H2O       2NO2+2NaOH=NaNO2+NaNO3+H2O
现有一NO与NO2的混合气体,将其通入50mL 2mol/L的NaOH溶液中,恰好完全吸收,测得溶液中含有NO3- 0.02mol.
①所得溶液中NaNO2的物质的量为0.08mol;
②混合气体中V(NO):V(NO2)=3:7.
(4)向FeI2溶液中不断通入Cl2,溶液中I-、I2、IO3-、Fe2+、Fe3+等粒子物质的量随n(Cl2)/n(FeI2)的变化可用如图简单表示

①当n(Cl2):n(FeI2)=6.5时,溶液中n(Cl-):n(IO3-)=6.5.
②当n(Cl2):n(FeI2)=1.2时,离子方程式可表示为2Fe2++10I-+6Cl2=5I2+2Fe3++12Cl-

分析 (1)非金属性越强,最高价氧化物对应的水合物的酸性越强,据此设计反应原理;
(2)根据得失电子数相等配平反应方程式,注意依据代数和为0判断元素的化合价;
(3)①从Na元素质量守恒的角度解答;
②根据NaNO2和NaNO3的物质的量,利用反应的化学方程式解答;
(4)由还原性强弱顺序为:I->Fe2+>I2,则在不断通Cl2的过程中,依次发生以下氧化还原反应:Cl2+2I-=2Cl-+I2、Cl2+2Fe2+=2Fe3++2Cl-、5Cl2+I2+6H2O=2IO3-+12H++10Cl-;可见当n(Cl2):n(FeI2)=1:1时,I-恰好全被氧化;当n(Cl2):n(FeI2)=1.5时,Fe2+正好全被氧化;当n(Cl2):n(FeI2)=6.5时,氧化还原反应完毕;因此当n(Cl2):n(FeI2)>1:1时,开始生成Fe3+至1.5时,Fe3+达到最大量,故粗线C代表了n(Fe3+)的变化;
当n(Cl2):n(FeI2)>1.5时,开始生成IO3-,至6.5时,IO3-达到最大量,故折线E的起点若从1.5出发至6.5结束,则细线E代表了n(IO3-)的变化;
当n(Cl2):n(FeI2)<1时,碘离子反应生成碘单质,碘离子浓度减小至1时为0,碘单质的浓度最大,为原来碘离子浓度的一半,所以A代表了n(I-)的变化,B代表了n(I2)的变化;
当1.5≥n(Cl2):n(FeI2)>1:1时,Fe2+浓度减少至1.5时,Fe2+达到最小量为0,故粗线D代表了n(Fe2+)的变化,然后结合发生的离子反应解答.

解答 解:(1)非金属性越强,最高价氧化物对应的水合物的酸性越强,根据CO2+Na2SiO3+H2O=Na2CO3+H2SiO3可知,碳酸的酸性大于硅酸,则C元素的非金属性大于Si,
故答案为:CO2+Na2SiO3+H2O=Na2CO3+H2SiO3
(2)FeSO4+K2O2→K2FeO4+K2O+K2SO4+O2↑,该反应,FeSO4中Fe的化合价为+2价,K2FeO4中Fe的化合价为+6价,所以一个氯化亚铁分子失去4个电子;K2O2中O的化合价为-1价,O2中O的化合价为0价,一个K2O2分子失去2个电子生成氧气;K2O2中O的化合价为-1价,K2FeO4和K2O中O元素的化合价为-2价,所以一个K2O2失去2个电子,该方程式中得失电子的最小公倍数为6,所以该方程式的计量数分别为2、6、2、2、2、1,即方程式为2FeSO4+6K2O2=2K2FeO4+2K2O+2K2SO4+1O2↑,
故答案为:2;6;2;2;2;1;
(3)①n(NaNO3)=n(NO3-)=0.02mol,
n(NaOH)=0.05L×2mol/L=0.1mol,
根据Na元素质量守恒,则
n(NaOH)=n(NaNO3)+n(NaNO2),
n(NaNO2)=0.1mol-0.02mol=0.08mol,
故答案为:0.08;
②设混合气体中含有xmolNO,ymolNO2
NO2+NO+2NaOH→2NaNO2+H2
1   1          2
x   x          2x
 2NO2+2NaOH→NaNO2+NaNO3+H2O
 2            1    1
(y-x)   $\frac{1}{2}$(y-x)  $\frac{1}{2}$(y-x)
则2x+$\frac{1}{2}$(y-x)=0.08、$\frac{1}{2}$(y-x)=0.02,
解得:x=0.03、y=0.07,
所以x:y=3:7,
故答案为:3:7;
(4)由还原性强弱顺序为:I->Fe2+>I2,则在不断通Cl2的过程中,依次发生以下氧化还原反应:Cl2+2I-=2Cl-+I2、Cl2+2Fe2+=2Fe3++2Cl-、5Cl2+I2+6H2O=2IO3-+12H++10Cl-;可见当n(Cl2):n(FeI2)=1:1时,I-恰好全被氧化;当n(Cl2):n(FeI2)=1.5时,Fe2+正好全被氧化;当n(Cl2):n(FeI2)=6.5时,氧化还原反应完毕;因此当n(Cl2):n(FeI2)>1:1时,开始生成Fe3+至1.5时,Fe3+达到最大量,故粗线C代表了n(Fe3+)的变化;
当n(Cl2):n(FeI2)>1.5时,开始生成IO3-,至6.5时,IO3-达到最大量,故折线E的起点若从1.5出发至6.5结束,则细线E代表了n(IO3-)的变化;
当n(Cl2):n(FeI2)<1时,碘离子反应生成碘单质,碘离子浓度减小至1时为0,碘单质的浓度最大,为原来碘离子浓度的一半,所以A代表了n(I-)的变化,B代表了n(I2)的变化;
当1.5≥n(Cl2):n(FeI2)>1:1时,Fe2+浓度减少至1.5时,Fe2+达到最小量为0,故粗线D代表了n(Fe2+)的变化,
①当n(Cl2):n(FeI2)=6.5时,氯气和碘化亚铁恰好反应,反应方程式为13Cl2+2FeI2+12H2O=2FeCl3+4HIO3+20HCl,则n(C1-):n(IO3-)=26:4=13:2=6.5,
故答案为:6.5;
②当n(Cl2):n(FeI2)=1.2时,碘离子全部被氧化,亚铁离子部分氧化,则离子反应为2Fe2++10I-+6Cl2=5I2+2Fe3++12Cl-
故答案为:2Fe2++10I-+6Cl2=5I2+2Fe3++12Cl-

点评 本题考查了氧化还原反应的计算、离子方程式的计算等知识,题目难度较大,注意图形曲线变化的含义为解答关键,试题知识点较多、综合性较强,充分考查了学生的分析、理解能力及化学计算能力.

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1.在密闭容器中充入4mol HI,在一定温度下2HI(g)?H2(g)+I2(g)达到平衡时,有30%的HI发生分解,则平衡时混合气体总的物质的量是(  )
A.4 molB.3.4 molC.2.8 molD.1.2 mol

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2.配平方程式,并用双线桥表示电子转移
1K2Cr2O7+14HCl═2KCl+2 CrCl3+3Cl2↑+7H2O.

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19.亚铁是血红蛋白的重要组成成分,起着向人体组织传送O2的作用,如果缺铁就可能出现缺铁性贫血,但是摄人过量的铁也有害.下面是一种常见补铁药品说明书中的部分内容:该药品含Fe2+33%~36%,不溶于水但能溶于人体中的胃酸;与Vc(维生素C)同服可增加本品吸收.
(一)甲同学设计了以下实验检测该补铁药品中是否含有Fe2+并探究Vc的作用:

(二)乙同学采用在酸性条件下用高锰酸钾标准溶液滴定的方法测定该药品是否合格,反应原理为5Fe2++8H++MnO-4═5Fe3++Mn2++4H2O.准确称量上述药品10.00g,将其全部溶于试剂2中,配制成1000mL溶液,取出20.00mL,用 0.020mol/L的KMnO4溶液滴定,用去KMnO4溶液记录如下:
待测液
体积(mL)
标准液
浓度(mol/L)滴定前滴定后体积(mL)平均值(mL)
第一次20.000.02000.0014.30
第二次0.2012.22
第三次0.0011.98
(1)乙同学在计算时取用KMnO4的体积数据为12.0mL;
(2)该药品含“铁”的含量是33.6%(填数值,不需计算过程)
(3)该实验中的试剂2与甲同学设计的实验中的试剂1都可以是C(填编号)
A.蒸馏水       B.稀盐酸       C.稀硫酸         D.稀硝酸
(4)本实验滴定过程中滴定管需用高锰酸钾标准溶液润洗,其操作方法是在酸式滴定管中加入1-2mLKMnO4溶液,将滴定管横过来并转动,让KMnO4溶液浸过滴定管内壁,从下面放掉浸洗液,重复操作2-3次.
操作滴定管的图示正确的是A(填编号)
(5)某同学做用标准NaOH溶液滴定HCl溶液测定其浓度,下列不当操作会导致实验结果偏高的是df
a.酸式滴定管在装酸液前未用待测盐酸溶液润洗.
b.开始实验时碱式滴定管尖嘴部分没有气泡,滴定结束生成气泡
c.锥形瓶内溶液颜色变化由无色变为粉红色,立即记下滴定管液面所在刻度.
d.盛待测溶液的锥形瓶滴定前用待测液液润洗.
e.锥形瓶在装盐酸后,又加了少量蒸馏水后滴定.
f.若用含少量NaCl的NaOH固体配制标准溶液用来滴定上述盐酸.

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6.某兴趣活动小组利用物质间的互变,设计成一个平面魔方,如图所示:
已知①A、B、C、D、G含有同种元素.

纯A(单质)B溶液D固体G溶液
颜色银白色棕黄色红棕色浅绿色
③E是通常情况下密度最小的气体;B与硝酸银溶液反应生成不溶于稀硝酸的白色沉淀,也能将一种氧化物氧化为F,F是含有三种元素的化合物,与A反应生成E、G.
依据以上信息填空:
(1)写出D的化学式:Fe2O3
(2)G生成C的过程中所出现的现象为先产生白色沉淀,逐渐变为灰绿色,最后变为红褐色,写出该变化的化学方程式FeSO4+NaOH=Fe(OH)2↓+Na2SO4、4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3
(3)写出反应A转化为B的化学方程式:2Fe+3Cl2=2FeCl3
(4)B→F的离子方程式为2Fe3++SO2+2H2O═2Fe2++SO42-+4H+.如何检验该反应生成的金属阳离子,简述操作方法及现象取反应后溶液少量滴入酸性高锰酸钾,若紫红色褪去,或滴入铁氰化钾生成蓝色沉淀即证明生成Fe2+离子.

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16.化学与生活、生产密切相关,下列说法正确的是(  )
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D.二氧化硫可广泛用于食品的增白

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3.“绿色化学”是指从技术、经济上设计可行的化学反应,尽可能减少对环境的副作用.下列化学反应,不符合绿色化学概念的是(  )
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20.下列说法正确的是(  )
A.常温下物质的量浓度相等的①(NH42CO3溶液、②(NH42SO4溶液和③NH4Cl溶液中,水的电离程度:①>③>②
B.常温下将醋酸钠、盐酸两溶液混合后溶液呈中性,则混合溶液中:c(Na+)=c(Cl-
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D.0.1mol氯气与足量氢氧化钠溶液(常温)反应,转移电子0.1NA

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1.反应aA(g)+bB(g)?cC(g)+dD(g)在容积不变的密闭容器中达到平衡,且起始时A与B的物质的量之比为a:b.则:
(1)平衡时A与B的转化率之比是1:1.
(2)若同等倍数地增大A、B的物质的量浓度,要使A与B的转化率同时增大,(a+b)与(c+d)所满足的关系是(a+b)>(c+d) (填“>”“=”“<”或“没关系”).
(3)设定a=2,b=1,c=3,d=2,在甲、乙、丙、丁4个容器中(容积相等),A的物质的量依次是2mol、1mol、2mol、1mol,B的物质的量依次是1mol、1mol、2mol、2mol,C和D的物质的量均为0.则在相同温度下达到平衡时,A的转化率最大的容器是丁,B的转化率由大到小的顺序是甲>乙>丙>丁(填容器序号).

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