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【题目】研究NOx之间的转化具有重要意义。

(1)已知:N2O4(g) 2NO2(g) ΔH0 将一定量N2O4气体充入恒容的密闭容器中,控制反应温度为T1

①下列可以作为反应达到平衡的判据是________

A.气体的压强不变 Bv(N2O4)2v(NO2) CK不变 D.容器内气体的密度不变 E.容器内颜色不变

t1时刻反应达到平衡,混合气体平衡总压强为pN2O4气体的平衡转化率为75%,则反应N2O4(g) 2NO2(g)的平衡常数Kp________(对于气相反应,用某组分B的平衡压强p(B)代替物质的量浓度c(B)也可表示平衡常数,记作Kp,如p(B)p·x(B)p为平衡总压强,x(B)为平衡系统中B的物质的量分数)

③反应温度T1时,c(N2O4)t(时间)变化曲线如图,画出0t2时段,c(NO2)t变化曲线。保持其它条件不变,改变反应温度为T2(T2T1),再次画出0t2时段,c(NO2)t变化趋势的曲线________

(2) NO氧化反应:2NO(g)O2(g)=2NO2(g)分两步进行,其反应过程能量变化示意图如图。

2NO(g)=N2O2(g) ΔH1

N2O2(g)O2(g)2NO2(g) ΔH2

①决定NO氧化反应速率的步骤是________(填“Ⅰ”或“Ⅱ”)

②在恒容的密闭容器中充入一定量的NOO2气体,保持其它条件不变,控制反应温度分别为T3T4(T4T3),测得c(NO)t(时间)的变化曲线如图。转化相同量的NO,在温度_____(填“T3”或“T4)下消耗的时间较长,试结合反应过程能量图分析其原因____

【答案】AE p T4 ΔH10,温度升高,反应Ⅰ平衡逆移,c(N2O2)减小,浓度降低的影响大于温度对反应Ⅱ速率的影响

【解析】

1化学反应平衡的判断可从以下几方面考虑:体系中所有反应物和生成物的质量(或浓度)保持不变,正反应速率等于逆反应速率;

建立三段式求解可得;

由图确定t1时反应生成的NO2浓度;该反应为吸热反应,升高温度,平衡向正反应方向移动;

2由图可知,反应的活化能小于反应的活化能,活化能越大,反应速率越慢;

由图可知,转化相同量的NO,在温度T4下消耗的时间较长,原因是浓度降低的影响大于温度对反应速率的影响。

1①A、该反应是一个气体体积减小的反应,气体的压强不变说明各物质浓度保持不变,反应达到化学平衡状态,故正确;

Bv(N2O4)2v(NO2)说明正逆反应速率不相等,反应没有达到化学平衡状态,故错误;

C、温度不变,化学平衡常数K不变,则K不变不能说明反应达到化学平衡状态,故错误;

D、由质量守恒定律可知,反应前后气体质量不变,恒容容器的体积不变,则密度始终不变,则密度不变不能说明反应达到化学平衡状态,故错误;

E、容器内颜色不变说明各物质浓度保持不变,反应达到化学平衡状态,故正确;

AE正确,故答案为:AE

设起始N2O4的物质的量为1mol,由题给数据建立如下三段式:

由三段式数据可知N2O4的平衡分压为×p=NO2的平衡分压为×p=,则平衡常数Kp=,故答案为:

由图可知,t1时反应消耗N2O4的浓度为(0.040.01mol/L,由方程式可得反应生成NO2的浓度为0.03 mol/L×2=0.06 mol/L;该反应为吸热反应,升高温度,平衡向正反应方向移动,NO2的浓度增大,则0t2时段,NO2的浓度c(NO2)t变化趋势的曲线为,故答案为:

2由图可知,反应的活化能小于反应的活化能,活化能越大,反应速率越慢,则化学反应速率反应快于反应,化学反应取决于反应速率较慢的一步,则决定NO氧化反应速率的步骤是反应,故答案为:

由图可知,转化相同量的NO,在温度T4下消耗的时间较长,原因是反应为放热反应,温度升高,反应平衡逆移,c(N2O2)减小,浓度降低的影响大于温度对反应速率的影响,导致转化相同量的NO,在温度较高的T4下消耗的时间较长,故答案为:T4;反应为放热反应,温度升高,反应平衡逆移,c(N2O2)减小,浓度降低的影响大于温度对反应速率的影响;

练习册系列答案
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科目:高中化学 来源: 题型:

【题目】硫化氢的转化是资源利用和环境保护的重要研究课题。由硫化氢获得硫单质有多种方法。

1)将烧碱吸收H2S后的溶液加入到如题图—1所示的电解池的阳极区进行电解。电解过程中阳极区发生如下反应:S22eSn1S+ S2Sn2

①写出电解时阴极的电极反应式:__________________

②电解后阳极区的溶液用稀硫酸酸化得到硫单质,其离子方程式可写成_____________

2)将H2S和空气的混合气体通入FeCl3FeCl2CuCl2的混合溶液中反应回收S,其物质转化如题图—2所示。

①在图示的转化中,化合价不变的元素是___________

②反应中当有1molH2S转化为硫单质时,保持溶液中Fe3的物质的量不变,需要消耗O2的物质的量为_______________

③在温度一定和不补加溶液的条件下,缓慢通入混合气体,并充分搅拌。欲使生成的硫单质中不含CuS,可采取的措施有___________________

3H2S在高温下分解生成硫蒸气和H2。若反应在不同温度下达到平衡时,混合气体中各组分的体积分数如题图—3所示,H2S在高温下分解反应的化学方程式为_____________

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科目:高中化学 来源: 题型:

【题目】铅冶炼的大致过程如下:

①富集:将方铅矿(PbS)进行浮选;

②焙烧:2PbS3O22PbO2SO2

③制粗铅:PbOCPbCO, PbOCOPbCO2

下列说法正确的是(  )

A.浮选法富集方铅矿的过程发生的是物理变化

B.在方铅矿的焙烧反应中,PbS是还原剂,发生还原反应

C.过程②中,制取1 mol PbO共转移2 mol电子

D.1 mol PbS冶炼成Pb理论上至少需要6 g

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科目:高中化学 来源: 题型:

【题目】室温下,向盐酸中滴加溶液,溶液的pH溶液体积的变化如图。已知。下列说法不正确的是(

A.与盐酸恰好完全反应时,

B.选择变色范围在pH突变范围内的指示剂,可减小实验误差

C.选择甲基红指示反应终点,误差比甲基橙的大

D.时,

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科目:高中化学 来源: 题型:

【题目】某同学购买了一瓶“84消毒液”,包装说明如下:

根据以上信息和相关知识判断,下列分析不正确的是

A.该“84消毒液”的物质的量浓度约为4.0mol·L-1

B.一瓶该“84消毒液”能吸收空气中44.8LCO2(标准状况)而完全变质

C.100mL该“84消毒液”稀释100倍后用以消毒,稀释后的溶液中c(Na)约为0.04mol·L-1

D.参阅该“84消毒液”的配方,欲用NaClO固体配制480mL25% NaClO的消毒液,需要称量的NaClO固体质量为149g

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科目:高中化学 来源: 题型:

【题目】已知氯气和氢氧化钠的反应条件不同,产物也不同,在实验室里可用如图所示装置制取氯酸钠次氯酸钠和探究氯水的性质。

图中:①为氯气发生装置;②的试管里盛有15mL 30 NaOH溶液,并置于热水浴中;

③的试管里盛有15mL 8NaOH溶液,并置于冰水浴中;④的试管里加有紫色石蕊试液;⑤为尾气吸收装置。请填写下列空白:

1)制取氯气时,在烧瓶里加入一定量的二氧化锰,通过_________(填写仪器名称)向烧瓶中加入适量的浓盐酸。实验时为了除去氯气中的氯化氢气体,可在①与②之间安装盛有_________(填写下列编号字母)的净化装置。

A.碱石灰

B.饱和食盐水

C.浓硫酸

D.饱和碳酸氢钠溶液

2)比较制取氯酸钠和次氯酸钠的条件,指出二者的差异:______________________

3)本实验中制取次氯酸钠的离子方程式是__________________________________

4)实验中可观察到④的试管里溶液的颜色发生了如下变化,请填写下表中的空白:

实验现象

原因

溶液最初从紫色逐渐变为_______

氯气与水反应生成的H+使石蕊变色

随后溶液逐渐变为无色

_________________

然后溶液从无色逐渐变为_______

__________________________________

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科目:高中化学 来源: 题型:

【题目】某同学通过实验研究Na2O2与水的反应。

操作

现象

向盛有少量Na2O2的试管中加入蒸馏水,得到溶液a

反应剧烈,产生能使带火星木条复燃的气体

然后向溶液a中滴入两滴酚酞

溶液先变红,再逐渐变浅,约10分钟溶液变为无色

为了探究溶液变为无色的原因,该同学按照科学的程序,进行了如下实验:

(推理与假设)

Na2O2H2O反应的化学方程式_____。向溶液a中滴加酚酞本应只会变红,而实验中发现酚酞变红后又褪色。由此提出如下的假设:

假设AO2有漂白性 假设BNaOH有漂白性 假设CO2NaOH共同作用有漂白性

(实验与观察)

2)请完成下表:

实验编号

1

2

3

实验装置

实验假设

(填“A”、“B”或“C”)

假设_____

假设____

假设__

实验现象

溶液变红后10分钟均无变化

实验结论

_____

(查阅资料)

该同学查阅资料:H2O2是一种在碱性条件下不稳定、具有漂白性的物质。

(推理与假设)

该同学认为褪色的原因可能是溶液a中存在H2O2H2O2漂白了酚酞。

(实验与观察)

3)通过实验证实了H2O2的存在:取少量溶液a,加入黑色粉末____(填化学式),快速产生了能使带火星木条复燃的气体。该同学进一步通过实验证实了溶液a中滴入酚酞后,H2O2与酚酞发生了化学反应。实验方案:取少量溶液a于试管中,_____

(解释与结论)

4)由以上实验结果可知,Na2O2H2O反应的化学方程式如果分两步书写,应为_____;但课本上没有写出中间产物H2O2,可能的原因是___

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科目:高中化学 来源: 题型:

【题目】SO2、软锰矿(主要成分为MnO2,少量FeAlCaPb的化合物等)、氨水及净化剂等为原料可制备MnSO4液和Mn3O4,主要实验步骤如下

步骤I、如图所示装置,将SO2通入B中的软锰矿浆液中(MnO2+SO2=MnSO4)

步骤II、充分反应后,在不断搅拌下依次向仪器R中加入适量纯净的MnO2MnCO3,最后加入适量Na2S沉铅,

步骤III、过滤得MnSO4溶液

(1)仪器R的名称是_______

(2)装置A用于制取SO2,反应的化学方程式为_________

(3)装置B中的反应应控制在90~100℃,适宜的加热方式是______________

(4)装置C的作用是______________________

(5)“步骤Ⅱ”中加入纯净MnO2的目的是_______________,用MnCO3调节溶液pH时,需调节溶液pH的范围为________(该实验条件下,部分金属离子开始沉淀和沉淀完全的pH如下表)

金属离子

Fe2+

Fe3+

Al3+

Mn2+

开始沉淀的pH

7.04

1.87

3.32

7.56

沉淀完全的pH

9.18

3.27

4.9

10.2

(6)已知①用空气氧化Mn(OH)2浊液可制备Mn3O4[6Mn(OH)2+O22Mn3O4+6H2O],主要副产物为MnOOH;反应温度和溶液pH对产品中Mn的质量分数的影响分别如图所示

②反应温度超过80℃时,Mn3O4的产率开始降低,Mn(OH)2是白色沉淀,Mn3O4呈黑色;Mn3O4MnOOH中锰的质量分数理论值依次为72.05%、62.5%请补充完整由步骤III得到MnSO4溶液,并用氨水等制备较纯净的Mn3O4的实验方案:______________________,真空干燥6小时得产品Mn3O4

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科目:高中化学 来源: 题型:

【题目】下图装置中X和Y均为石墨电极,电解液为500mL某CuCl2溶液,电解时X电极表面有红色固体生成,Y电极有气体产生。一段时间后,取出X电极,洗涤、干燥、称量,电极增重1.6g。下列有关说法中正确的是

A. X电极连接电源正极

B. 生成气体体积为0.56L

C. Y电极上发生氧化反应

D. 该CuCl2溶液浓度为0.05mol/L

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