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7.常温下,下列有关溶液的说法正确的是(  )
A.向0.10mol•L-1NaHSO3溶液中通入NH3至溶液pH=7(通入气体对溶液体积的影响可忽略):c(Na+)>c(SO32-)>c(NH4+
B.0.1mol/L醋酸钠溶液20mL与0.1mol•L-1盐酸10mL混合后的溶液中:c(CH3COO-)>c(Cl-)>c(H+)>c(CH3COOH)
C.已知Kw(HF)>Kw(CH3COOH),pH相等的NaF与CH3COOK两溶液中:c(Na+)-c(F-)>c(K+)-c(CH3COO-
D.0.1mol•L-1醋酸溶液和0.2mol•L-1醋酸钠溶液等体积混合后的溶液中:3c(H+)+2c(CH3COOH)=c(CH3COO-)+3c(OH-

分析 A.溶液呈中性时,c(H+)=c(OH-),根据电荷守恒可知:c(Na+)+c(NH4+)=2c(SO32-),由于钠离子浓度大于亚硫酸根离子,则c(Na+)>c(SO32-)>c(NH4+);
B.将0.1mol/L的醋酸钠溶液20mL与0.1mol/L盐酸10mL混合,反应后NaAc和HAc的物质的量相等,溶液显酸性;
C.根据HF和CH3COOH的电离平衡常数判断二者酸性强弱,酸性越强,对应的酸根离子的水解程度越强,据此判断pH相同时NaF与CH3COOK两溶液中离子浓度大小;
D.0.1mol•L-1醋酸溶液和0.2mol•L-1醋酸钠溶液等体积混合,根据电荷守恒和物料守恒综合计算.

解答 解:A.向0.1mol•L的NaHSO3中通入氨气至溶液呈中性时,c(H+)=c(OH-),根据电荷守恒可知:c(Na+)+c(NH4+)=2c(SO32-),由于钠离子浓度大于亚硫酸根离子,则c(Na+)>c(SO32-)>c(NH4+),所以溶液中c(H+)、c(OH-)、c(SO32-)、c(Na+)、c(NH4+)这五种离子浓度大小关系为:c(Na+)>c(SO32-)>c(NH4+)>c(H+)=c(OH-),故A正确;
B.将0.1mol/L的醋酸钠溶液20mL与0.1mol/L盐酸10mL混合后,反应后NaAc和HAc的物质的量相等,溶液显酸性,说明HAc电离程度大于Ac-水解程度,则(CH3COO-)>c(Cl-),HAc为弱电解质,部分电离,应有c(CH3COOH)>c(H+),故B错误;
C.根据电离平衡常数可知酸性HF>CH3COOH,则CH3COOK的水解程度大于NaF,所以pH相等的NaF与CH3COOK两溶液CH3COOK的浓度小于NaF,由于两溶液的pH相同,则两溶液中氢离子、氢氧根离子的浓度相同,即c(H+)=c(OH-)①,根据电荷守恒可得:c(H+)+c(Na+)+c(K+)=c(CH3COO-)+c(OH-)+c(F-)②,由①②得c(Na+)-c(F-)=c(CH3COO-)-c(K+),故C错误;
D.0.1mol•L-1醋酸溶液和0.2mol•L-1醋酸钠溶液等体积混合,根据电荷守恒c(H+)+c(Na+)=c(CH3COO-)+c(OH-)①,根据物料守恒3c(Na+)=2c(CH3COO-)+2c(CH3COOH)②,由①×3-②得3c(H+)+2c(CH3COOH)=c(CH3COO-)+3c(OH-),故D正确,
故选AD.

点评 本题考查离子浓度大小比较,题目难度中等,注意反应后溶液溶质的物质的量关系,把握弱电解质电离特点.

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C.氢键、共价键、分子间作用力D.分子间作用力、氢键、共价键

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2.下列离子方程式表达正确的是(  )
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(2 )由A和D、E所形成的共价型化合物中,热稳定性差的是PH3(用化学式表示).
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16.原子序数依次增大的短周期元素W、X、Y、Z分别位于不同的奇数主族,且它们的简单离子的电子层结构相同,下列叙述正确的是(  )
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17.有机物A的分子式为C51H96O6,在硫酸存在下发生水解A+3H2O$?_{△}^{H_{2}SO_{4}}$B+2D+E,其生成物B与等物的质量的氢气完全加成可得到D;又知有机物E的相对分子质量为92,1molE与足量的钠反应可生成H233.6L(标准状况).试回答:
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