分析 (1)从Cl2+H2O?HCl+HClO 平衡移动的角度分析;
(2)氯气与水反应Cl2+H2O?HCl+HClO,生成HClO,因为碳酸钙是过量的,并且反应中有二氧化碳生成,因此碳酸钙和二氧化碳和水反应生成了可溶于水的碳酸氢钙CaCO3+H2O+CO2=Ca(HCO3)2,因此第二份与稀盐酸混合Ca(HCO3)2+2HCl=CaCl2+2H2O+2CO2↑,据此分析;
(3)I中氯气与水反应生成盐酸和次氯酸,次氯酸加热可以分解生成氯化氢和氧气;
(4)从二氧化碳微溶于水的角度分析.
解答 解:(1)CaCO3 消耗了氯水中的 HC1,使 Cl2+H2O?HCl+HClO 平衡向右移动,HClO浓度增大,反应中产生的气体为二氧化碳(氯化氢与碳酸钙反应所得),而二氧化碳溶于水呈酸性,抑制了次氯酸的电离平衡,使溶液中存在了浓度更高的次氯酸,因此将滤液滴在有色布条上,发现其比氯水的漂白性更强,
故答案为:CaCO3 消耗了氯水中的 HC1,使 Cl2+H2O?HCl+HClO 平衡向右移动,HClO浓度增大,溶液的漂白性增强;
(2)氯气与水反应Cl2+H2O?HCl+HClO,生成HClO,因为碳酸钙是过量的,并且反应中有二氧化碳生成,因此碳酸钙和二氧化碳和水反应生成了可溶于水的碳酸氢钙CaCO3+H2O+CO2=Ca(HCO3)2,因此第二份与稀盐酸混合Ca(HCO3)2+2HCl=CaCl2+2H2O+2CO2↑,所以②的滤液中含有的溶质除了极少量的氯气外,还有HClO、Ca(HCO3)2、CaCl2,
故答案为:Ca(HCO3)2;
(3)I中氯气与水反应生成盐酸和次氯酸,次氯酸加热可以分解生成氯化氢和氧气,反应的方程式为2HClO$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$2HCl↑+O2↑,
故答案为:2HClO$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$2HCl↑+O2↑;
(4)因二氧化碳微溶于水,并且压强越大,气体的溶解度越大,为减少因二氧化碳的溶解而导致二氧化碳的损失,可使导管的出口接近量筒底部将水换成熟水,减小二氧化碳的溶解,
故答案为:在导管末端再连接长导管,使导管的出口接近量筒底部或将水换成熟水.
点评 该题综合性较强,在定性研究中要求考生熟练掌握化学平衡移动和书写化学方程式,而在定量研究中则以简答题的形式要求考生答对和答全有关实验操作基本技术问题并进一步的思考实验现象的原因,较大程度地造成答案的难以确定和完整,题目难度中等.
科目:高中化学 来源: 题型:解答题
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科目:高中化学 来源: 题型:选择题
A. | 向AlCl3溶液中滴入NaOH溶液 | |
B. | 向NaOH溶液中通入SO2气体 | |
C. | 向浓硝酸中加入过量铜粉 | |
D. | 向MgCl2、H2SO4的混合液中滴入过量Ba(OH)2溶液 |
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A. | 上述反应中,Si元素化合价不变 | B. | 氮化硅晶体中含有Si4+ | ||
C. | Si3N4属于氮化物 | D. | 上述反应属于氧化还原反应 |
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实 验 组 | 温 度 /℃ | 起始量/mol | 平衡量/mol | 达到平衡所需时间/min | ||
H2O | CO | H2 | CO | |||
1 | 650 | 2 | 4 | 1.6 | 2.4 | 5 |
2 | 900 | 1 | 2 | 0.4 | 1.6 | 3 |
3 | 900 | a | b | c | d | t |
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