分析：气体A在标准状况下密度为1.25g/L，则A的摩尔质量=1.25g/L×22.4L/mol=28，A碳元素的质量分数为85.7%，则碳原子个数=
=2，且A是有机物，所以A是乙烯；
B和氢氧化钠的水溶液反应生成C，C能被氧气氧化生成D，D被新制氢氧化铜氧化生成E羧酸，则D中含有醛基，C中含有醇羟基，C和E发生酯化反应生成F，F分子中含有一个六元环，根据碳原子守恒知，F是乙二酸乙二酯，所以C是乙二醇，E是乙二酸，D是乙二醛，B和氢氧化钠水溶液发生取代反应生成乙二醇，则B是卤代烃，A和氯气或溴发生加成反应生成B，晶体X中仅含C、H、O三种元素，且原子个数比为1：3：3，E是乙二酸，其分子式为：C
2H
2O
4，X是乙二酸的结晶水化物，且C、H、O原子个数比为1：3：3，根据碳原子守恒知，该结晶水化物中含有2个碳原子，则氢原子个数是6，氧原子个数是6，所以该结晶水化物中含2个水分子．
解答：
解：气体A在标准状况下密度为1.25g/L，则A的摩尔质量=1.25g/L×22.4L/mol=28，A碳元素的质量分数为85.7%，则碳原子个数=
=2，且A是有机物，所以A是乙烯；
B和氢氧化钠的水溶液反应生成C，C能被氧气氧化生成D，D被新制氢氧化铜氧化生成E羧酸，则D中含有醛基，C中含有醇羟基，C和E发生酯化反应生成F，F分子中含有一个六元环，根据碳原子守恒知，F是乙二酸乙二酯，所以C是乙二醇，E是乙二酸，D是乙二醛，B和氢氧化钠水溶液发生取代反应生成乙二醇，则B是卤代烃，A和氯气或溴发生加成反应生成B，晶体X中仅含C、H、O三种元素，且原子个数比为1：3：3，E是乙二酸，其分子式为：C
2H
2O
4，X是乙二酸的结晶水化物，且C、H、O原子个数比为1：3：3，根据碳原子守恒知，该结晶水化物中含有2个碳原子，则氢原子个数是6，氧原子个数是6，所以该结晶水化物中含2个水分子．
（1）D是乙二醛，其结构简式为：OHC-CHO，晶体X中仅含C、H、O三种元素，且原子个数比为1：3：3，E是乙二酸，其分子式为：C
2H
2O
4，X是乙二酸的结晶水化物，且C、H、O原子个数比为1：3：3，根据碳原子守恒知，该结晶水化物中含有2个碳原子，则氢原子个数是6，氧原子个数是6，所以该结晶水化物中含2个水分子，所以其分子式为：H
2C
2O
4?2H
2O或HOOC-COOH?2H
2O，
故答案为：OHC-CHO，H
2C
2O
4?2H
2O或HOOC-COOH?2H
2O；
（2）这几个①A→B ②B→C ③C→D ④D→E ⑤C→F反应中，属于取代反应的是②⑤，
故答案为：②⑤；
（3）乙二醛和新制氢氧化铜反应生成乙二酸钠、氧化亚铜和水，反应方程式为：
OHC-CHO+4Cu（OH）
2+2NaOH
NaOOC-COONa+2Cu
2O↓+6H
2O，
在浓硫酸作催化剂、加热条件下，乙二酸和乙二醇发生酯化反应，反应方程式为：
，
故答案为：OHC-CHO+4Cu（OH）
2+2NaOH
NaOOC-COONa+2Cu
2O↓+6H
2O，
；
（4）B中含有卤原子，卤原子和氢氧化钠水溶液发生取代反应生成醇和氢卤酸，氢卤酸和硝酸酸化的硝酸银溶液发生复分解反应生成沉淀，根据沉淀颜色判断卤原子，所以其检验方法是：取少量B先与NaOH溶液共热，再加硝酸酸化后加入AgNO
3溶液，观察生成沉淀颜色，
故答案为：取少量B先与NaOH溶液共热，再加硝酸酸化后加入AgNO
3溶液，观察生成沉淀颜色；
（5）F是乙二酸乙二酯，有机物W是F的同系物，分子组成比F多4个碳原子，也含有六元环，其
1H-NMR谱图上只有一个峰说明只含一种类型的氢原子，所以符合上述条件的W的结构简式为：
，故答案为：
；
（6）Y分子组成比E少一个氧原子，则Y的结构简式为：OHC-COOH，通过电解方法可由E制取Y，电解槽中阳极通常用石墨，阴极用复合膜电极，采用阳离子交换膜，电解质溶液为饱和E与硫酸的混合溶液，阴极上乙二酸得电子和氢离子反应生成OHC-COOH和水，所以阴极的电极反应式：H
2C
2O
4+2H
++2eˉ=OHC-COOH+H
2O
，故答案为：H
2C
2O
4+2H
++2eˉ=OHC-COOH+H
2O．
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小学生10分钟应用题系列答案
某研究组设想以如图所示装置用电化学原理生产硫酸．关于该装置的叙述正确的是（ ）
