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10.在反应:3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO32+2NO↑+4H2O中,当生成的NO在标准状况下的体积为11.2L时,该反应转移的电子的数目为1.5NA

分析 在氧化还原反应中,化合价降低元素得到电子,根据方程式计算参加反应HNO3的和被还原的HNO3物质的量之比以及电子转移和产生气体之间的关系.

解答 解:在反应:3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO32+2NO↑+4H2O中,化合价降低的元素是N,所以得电子的物质是HNO3,参加反应的硝酸是8mol,被还原的硝酸是2mol,其余的显示硝酸的酸性,即参加反应HNO3的和被还原的HNO3物质的量之比即分子数之比是4:1,当生成的NO在标准状况下的体积为11.2L时,该反应转移的电子的物质的量为1.5mol,反应转移的电子的数目为1.5NA,故答案为:1.5NA

点评 本题考查混合气体中物质的量浓度和物质的量的计算以及氧化还原反应的基本原理知识,明确体积、物质的量的关系即可解答,注意混合气体的物质的量的计算是解答的关键.

练习册系列答案
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A.CO2是氧化产物
B.H2C2O4在反应中被氧化
C.1mol KClO3参加反应,转移的电子为1mol
D.H2C2O4的氧化性强于ClO2的氧化性

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1.下列钠的化合物俗名为小苏打的是(  )
A.Na2SO4•10H2OB.Na2CO3C.NaHCO3D.NaOH

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18.下列说法正确的是(  )
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C.石英可以用来生产玻璃
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5.将仔细打磨过的铝箔,在酒精灯上加热至熔化,轻轻晃动,看到的现象是(  )
A.熔化的铝滴落
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C.熔化的铝不滴落,好像有一层膜兜着
D.熔化的铝火星四溅

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15.肼是重要的化工原料,某探究小组利用下列反应制取水合肼(N2H4•H2O):
实验一:制备NaClO溶液
(1)将氯气通入到盛有NaOH溶液的锥形瓶中,锥形瓶中发生反应的离子方程式是Cl2+2OH-=ClO-+Cl-+H2O;
实验二:制取水合肼(实验装置如图表示)
控制反应温度,将分液漏斗中溶液缓慢滴入三颈烧瓶中,充分反应.加热蒸馏三颈烧瓶内的溶液,收集108~114℃馏分.(已知:N2H4•H2O+2NaClO═N2↑+3H2O+2NaCl)
(2)分液漏斗中的溶液是A(填标号A或B);
A.NaOH和NaClO混合溶液     B.CO(NH22溶液
选择的理由是如果次氯酸钠溶液装在烧瓶中,反应生成的水合肼会被次氯酸钠氧化;
实验三:测定馏分中肼含量
水合肼具有还原性,可以生成氮气,测定水合肼的质量分数可采用下列步骤:
A.称取馏分5.000g,加入适量NaHCO3固体,经稀释、转移、定容等步骤,配制250mL溶液.
B.移取25.00mL于锥形瓶中,加入10mL水,摇匀.
C.用0.2000mol/L碘溶液滴定至溶液出现微黄色且半分钟内不消失,滴定过程中,溶液的pH保持在6.5左右.记录消耗碘的标准液的体积.
D.进一步操作与数据处理
(3)水合肼与碘溶液反应的化学方程式N2H4•H2O+2I2=N2↑+4HI+H2O;滴定过程中,NaHCO3能控制溶液的pH再6.5左右,原因是生成的HI与NaHCO3反应.
(4)滴定时,碘的标准溶液盛放在酸式滴定管中(选填:“酸式”或“碱式”);若本次滴定消耗碘的标准溶液为18.00mL,馏分中水合肼(N2H4•H2O)的质量分数为18.0%(保留三位有效数字).
(5)为获得更可靠的滴定结果,步骤d中进一步操作主要是:重复步骤b和c2~3次,依据测得的结果,取平均值.

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2.保护环境、呵护地球已成为为类共同的呼声.
①水是一种宝贵资源,保护水资源就是保护我们的生命.下列做法不利于水资源保护的B(填字母编号);
A.科学合理使用农药        B.任意排放化工厂废水        C.处理生活污水,达标排放
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A.5:2B.2:5C.3:1D.1:3

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