Question

6．甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，分别位于三对同源染色体上．花色表现型与基因型之间的对应关系如下表．

表现型	白花	乳白花	黄花	金黄花
基因型	AA____	Aa____	aaB___、aa__D_、aaB_D_	aabbdd

（1）白花植株的基因型有9种，其中自交不会出现性状分离的基因型有9种．乳白花植株自交能否出现后代全部为乳白花的植株？不能（填“能”或“不能”）．
（2）黄花植株同金黄花植株杂交得F₁，F₁自交后代出现两种表现型且比例为3：1，则黄花植株基因型为aaBBdd或aabbDD．黄花植株自交后代出现金黄花植株的概率最高为$\frac{1}{4}$．
（3）乳白色植株在产生配子时，基因A和a的分离（不考虑交叉互换）发生在时期．基因A和A的分离发生在减数第二次分裂后期时期．
（4）若让基因型为AaBbDd的植株自交，后代将出现4种不同花色的植株，若让其进行测交，则其后代的表现型及其比例为乳白花：黄花：金黄花=4：3：1．

Answer 1

分析 1、由题意知，甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，分别位于三对同源染色体上，因此在遗传过程中遵循自由组合定律，由自由组合定律同时遵循分离定律，因此可以将自由组合问题转化成若干个分离定律问题进行解答．
2、基因分离定律的实质是进行有性生殖的生物在产生配子时，等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，自由组合定律的实质：在等位基因随同源染色体分离而分离的同时，位于非同源染色体上的非等位基因随非同源染色体的自由组合而发生自由组合．

解答 解：（1）由表格信息可知，AA存在时都表现为白花，因此白花植株的基因型的种类是1×3×3=9种；白花后代的基因型都含有AA，因此都能稳定遗传，不发生性状分离；乳白色花的基因型是Aa____，自交后代AA____、Aa____、aa____，因此后代会发生性状分离．
（2）由表格信息可知，黄花植株的基因型是aaB___、aa__D_、aaB_D_，金花植株的基因型是aabbdd，二者杂交得到子一代，子一代自交后代出现两种表现型且比例为3：1，相当于一对相对性状的杂合子自交实验，因此子一代只有1对基因是杂合的，所以亲本黄花植株基因型为aaBBdd或aabbDD；黄花植株自交后代出现金黄花植株的概率最高为$\frac{1}{4}$．
（3）如果不考虑交叉互换，乳白色植株在产生配子时，基因A和a的分离发生在时期减数第一分裂后期，随同源染色体分离而分离；基因A和A的分离发生在减数第二次分裂后期，随着丝点分裂、子染色体移向两极而分开．
（4）因型为AaBbDd的植株自交，可以将自由组合问题转化成3个分离定律问题：①Aa×Aa→$\frac{3}{4}$A_、$\frac{1}{4}$aa，②Bb×Bb→$\frac{3}{4}$B_、$\frac{1}{4}$bb，③Cc×Cc→$\frac{3}{4}$C_、$\frac{1}{4}$cc；因此后代的表现型是白花AA____=$\frac{1}{4}$×1×1=$\frac{1}{4}$，乳白花Aa____=$\frac{1}{2}$×1×1=$\frac{1}{2}$，黄花aaB___+aa__D_+aaB_D_=$\frac{1}{4}×\frac{3}{4}$×1+$\frac{1}{4}×1×\frac{3}{4}$+$\frac{1}{4}×\frac{3}{4}×\frac{3}{4}$，金黄花aabbdd=$\frac{1}{4}$×$\frac{1}{4}×\frac{1}{4}$，比例是16：32：15：1；如果让其测交，可以将自AaBbCc×aabbdd的由组合问题转化成3个分离定律问题：①Aa×aa→Aa：aa=1：1，②Bb×bb→Bb：bb=1：1，③Dd×对的→Dd：dd=1：1，测交后代中乳白花占$\frac{1}{2}$，黄花是aaBb__+aa__Dd+aaBbDd=$\frac{3}{8}$，金黄花aabbdd=$\frac{1}{8}$，因此测交后代乳白花：黄花：金黄花=4：3：1．
故答案为：
（1）9  9  不能
（2）aaBBdd或aabbDD  $\frac{1}{4}$
（3）减数第一次分裂后期  减数第二次分裂后期
（4）4  乳白花：黄花：金黄花=4：3：1

点评 本题的知识点是基因分离定律和自由组合定律的实质和发生的时间，旨在考查学生理解所学知识的要点，把握知识的内在联系，并学会应用分离定律解决自由组合问题的方法．