Question

7．节瓜有全雌株（只有雌花）、全雄株（只有雄花）和正常株（雌花、雄花均有）等不同类型的植株，研究人员做了如图所示的实验．下列推测不合理的是（　　）

• A． 节瓜的性别是由常染色体上的基因决定的，其遗传方式遵循基因的自由组合定律
• B． 实验一中，F₂正常株的基因型为A_B_，其中纯合子占$\frac{1}{9}$
• C． 若aaB_为雌株，则实验二中，亲本正常株的基因型为AaBB，F₁正常株的基因型也为AaBB
• D． 实验一中F₁正常株测交结果为全雌株：正常株：全雄株=1：2：1

Answer 1

分析 实验一全雌株与全雄株杂交，F₁全正常株，F₂代的分离比接近3：10：3，共16个组合，可见该节瓜的性别决定是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律，同时说明F₁是双杂合子．实验二中亲本为纯合全雌株（AAbb或aaBB）与正常株杂交，后代性状分离比为1：1，故亲本正常株有一对基因纯合，一对基因杂合，即亲本正常株的基因型为AABb或AaBB．

解答 解：A、实验一全雌株与全雄株杂交，F₁全正常株，F₂代的分离比接近3：10：3，可以改写成3：9：1：3，说明节瓜的性别是由常染色体上的基因决定的，其遗传方式遵循基因的自由组合定律，A正确；
B、实验一中，F₂正常株的基因型为A_B_和aabb，其中纯合子占$\frac{1}{5}$，B错误；
C、由题意知，实验二中，全雌株是纯合的，因此基因型aaBB，子一代出现1：1的分离比，相当于一对等位基因的测交实验，因此亲本正常株的基因型为AaBB，F₁正常株的基因型也为AaBB，C正确；
D、由分析知，F₁是双杂合子，基因型为AaBb，测交后代的基因型是AaBb：aaBb：Aabb：aabb=1：1：1：1，其中AaBb和aabb表现为正常株，Aabb表现为雄株，aaBb表现为雌株，D正确．
故选：B．

点评 本题考查自由组合定律的实质及应用的相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养了学生分析图形、获取信息、解决问题的能力．