Question

14．已知小麦抗病（A）对感病（a）为显性，无芒（B）对有芒（b）为显性，两对性状独立遗传．用纯合的抗病有芒小麦与纯合的 无芒小麦杂交，F₁自交，播种所有的F₂，假定所有F₁、F₂都能成活．
（1）F₁的基因型是AaBb，表现型是抗病无芒．
（2）F₂的表现型有4种，基因型有9种，理论上来说F₂表现型之比是9：3：3：1，其中重组型占$\frac{5}{8}$，纯合的抗病无芒个体占F₂无芒个体的$\frac{1}{12}$．
（3）在F₂植株开花前，拔掉所有的有芒植株，并对剩余植株套袋，假定剩余的每株F₂收获的种子数量相等，且F₃的表现型符合遗传定律．从理论上将F₃中表现感病植株的比例为$\frac{3}{8}$．

Answer 1

分析 由题意知，A（a）与B（b）基因分别位于两对同源染色体上，因此遵循基因的自由组合定律；按照基因自由组合定律，基因型为AaBb个体产生的配子的类型及比例是AB：Ab：aB：ab=1：1：1；1，基因型为AaBb个体自交后代的基因型及比例是A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9：3：3：1．

解答 解：（1）由题意知，纯合抗病有芒小麦的基因型是AAbb，纯合的感病 无芒小麦杂的基因型是aaBB，二者杂交
（1）AaBb    抗病无芒，子代的基因型是AaBb，表现为抗病无芒．
（2）AaBb自交，后代基因型及比例是A_B_（抗病无芒）：A_bb（抗病有芒）：aaB_（感病无芒）：aabb（感病有芒）=9：3：3：1，表现型是4种；基因型是3×3=9种；其中抗病无芒和感病有芒是重组类型，占$\frac{5}{8}$；纯合的抗病无芒个体的基因型是AABB，占F₂无芒个体（A_B_、aaB_）的$\frac{1}{12}$．
（3）由题意知，求子三感病植株的比例，由于两对等位基因独立遗传，因此可以不考虑有芒和无芒性状，子二代中AA：Aa：aa=1：2：1，自交得到子三代aa=$\frac{1}{4}+\frac{1}{2}×\frac{1}{4}=\frac{3}{8}$．
故答案为：
（1）AaBb     抗病无芒
（2）4      9       9：3：3：1       $\frac{5}{8}$     $\frac{1}{12}$
（3）$\frac{3}{8}$

点评 本题旨在考查学生理解基因自由组合定律的实质，学会应用自由组合定律的相关分离比解决遗传问题．