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2.调査发现小型湖泊中的绿藻、蓝藻是露斯塔野鲮鱼和罗氏沼虾的食物,罗氏沼虾又是露斯塔野鲮鱼的食物.图1表示不同体长露斯塔野鲮鱼的食性相对值,图2表示绿藻和蓝藻对水体中N元素、P元素吸收量及其体内藻毒素含量.分析回答:

(1)该湖泊中露斯塔野鲮鱼与罗氏沼虾的种间关系是竞争和捕食.
(2)若将体长为2.8cm的露斯塔野鲮鱼增重2kg,至少需要藻类30kg.
(3)调查露斯塔野鲮鱼的种群密度时,若标记个体更易发现而被捕食,则会导致种群密度估算结果偏高
(填“偏高”、“偏低”或“不变”).
(4)该湖泊受到富含P元素的生活用水的污染,某科研小组提出生态治污的方案:首先培养藻类去除水体中的P元素.选择的藻类是绿藻,理由是绿藻体内的藻毒素含量低.然后投放体长大于4.2cm的露斯塔野鲮鱼控制藻类的数量.选择体长大于4.2cm的野鲮鱼,其原因是植食性比例高.
(5)科研小组又对罗氏沼虾的能量流动情况进行分析,结果如表(数字为能量值,单位是KJ/(cm2•a).据表结果分析,罗氏沼虾同化量为24.6KJ/(cm2•a).
摄入食物中的能量粪便中的能量用于生长发育和繁殖的能量呼吸作用散失的能量
51.627.01.523.1

分析 分析题文:绿藻、蓝藻是露斯塔野鲮鱼和罗氏沼虾的食物,罗氏沼虾又是露斯塔野鲮鱼的食物,据此可以写出食物网如下:
分析图1:图1表示不同体长露斯塔野鲮鱼的食性相对值;
分析图2:图2表示绿藻和蓝藻对水体中N元素、P元素吸收量及其体内藻毒素含量.

解答 由以上分析可知,该湖泊中露斯塔野鲮鱼与罗氏沼虾的种间关系是竞争和捕食.
(2)由图1可知,体长为2.8cm的露斯塔野鲮鱼的食物来源为植食性:肉食性=1:1,则增重2kg,至少需要藻类(传递效率为20%)1÷20%+1÷20%÷20%=30kg.
(3)调查露斯塔野鲮鱼的种群密度用标志重捕法,种群中的个体总数=初次标记个体数×重捕个体数÷重捕中标记个体数,若标记个体更易发现而被捕食,则会使重捕中标记个体数变小,导致种群密度估算结果偏高.
(4)由于该湖泊受到富含P元素的生活用水的污染,导致生物多样性下降.两种藻类去除水体中的P元素能力相同,但蓝藻中藻毒素量远高于绿藻,会对罗氏虾和露斯塔野鲮鱼造成危害,因此选择的藻类是绿藻.如果藻类大量繁殖也会破坏环境,所以放植食性较高的鱼类,即体长大于4.2cm的露斯塔野鲮鱼控制藻类的数量.此类鱼植食性比例高,食物链短,能量利用率高.
(5)罗氏沼虾同化量=摄入食物中的能量-粪便中的能量=51.6-27.0=24.6KJ/(cm2•a).
故答案为:
(1)竞争和捕食
(2)30
(3)偏高
(4)绿藻   绿藻体内的藻毒素含量低    植食性比例高
(5)24.6 KJ/(cm2•a)

点评 本题结合图表,考查生态系统的结构和功能,首先要求考生能根据题干信息写出食物网;其次要求考生识记生态系统中能量流动的过程,掌握能量传递效率的相关计算,能结合图中信息准确答题,属于考纲理解层次的考查.

练习册系列答案
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D.多细胞生物体生长只依赖于细胞数目的增多

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第一步:萃取获得香烟中的焦油,用醋酸丙酯将其溶解后,再用蒸馏水稀释,配制成一系列浓度的焦油溶液.各取等量加入烧杯A、B、C、D中.将醋酸丙酯与蒸馏水混合液取等量加入烧杯E中.取等量蒸馏水加入烧杯F中.
第二步:将6个状况相同,幼根已培养至lcm的洋葱分别置于上述6个烧杯中培养较长时间,然后从每个洋葱上随机取根尖数根制作临时装片.镜检记录出现微核的细胞所占的比例(微核率),计算每组平均值如表3:
烧杯编号ABCDEF
焦油浓度
(μg/mL)
50100200300O0
平均微核率(‰)12.5514.9317.3220.143.583.59
请分析回答:
(1)镜检时应选择位于根尖分生区,且处于细胞分裂间期的细胞.
(2)用洋葱根尖制作临时装片的一般步骤为解离-漂洗-染色-制片.为了便于观察微核需要的染色剂是龙胆紫或醋酸洋红液.
(3)对ABCD四组而言,E组和F组哪组是对照组?E.
(4)该实验可得出什么结论?香烟焦油能诱导微核产生,且浓度越高作用越强.

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(1)两种生物都无法生存的区域是①;A生物能生存,B生物不能生存的区域是⑥.
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(3)在区域④,A、B生物可实现长期共存,并在m点达到平衡,因为在m点A生物将受到营养物质Y的限制,B生物受到营养物质X的限制,两种生物都不可能大量增长而排斥对方.
(4)如果系统中出现一个新的物种C,C生物对营养物质X和Y的最低营养浓度要求线比A生物和B生物的都低,其竞争结果是A生物和B生物将会被C生物淘汰.所以我们保护环境时,要防止外来物种入侵.

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