Question

人类的多指是一种显性遗传病，白化病是一种隐性遗传病，已知控制这两种疾病的等位基因都在常染色体上，而且都是独立遗传的。在一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个患白化病但手指正常的孩子，则下一个孩子正常或同时患有这两种疾病的几率是

[　　]

A．

3／4，1／4

B．

3／8，1／8

C．

1／4，1／4

D．

1／4，1／8

Answer 1

答案：B
解析：

解析：根据题意可知，手指正常为隐性。肤色正常为显性。设多指基因为A，则正常指基因为a；设白化病基因为b，则肤色正常基因为B。解题步骤如下： 　　第一步：应写出双亲可能的基因型。父亲为多指，肤色正常，母亲手指和肤色都正常，所以父亲和母亲的基因型分别是A_B_和aaB_。 　　第二步：应根据子代的表现型推断出双亲的基因型。因为他们生了一个手指正常但白化病的孩子，手指正常，白化病均为隐性，所以双亲的基因型就可推断出来，父亲为AaBb，母亲为aaBb。第三步应根据双亲的基因型求出子代的基因型和表现型。遗传图解如下表： 　　亲代AaBb×aaBb＝ 　　子代 　　从后代基因型判断：aaBb、aaBB基因型的个体均为正常孩子；Aabb的基因型个体为同时患有两种病的孩子。上述两对相对性状的遗传是独立的，互不干扰的，如果这两对相对性状同时发生，它们的发生几率则为各自发生几率的乘积。所以此题所问这对夫妇生正常孩子的几率为1／2×3／4＝3／8。同时患两种病的孩子的几率为1／2×1／4＝1／8。也可求出只患一种病的孩子的概率为1／2。计算方法有两种：1－两病都患的概率－正常的概率＝1－1／8－3／8＝1／2；只患一种病的概率＝只患多指的概率＋只患白化病的概率＝3／8＋1／8＝1／2。 　　方法点拨：1．解此题时也可以两对相对性状分别进行考虑，分别求出每对相对性状的遗传情况。Aa×aa的后代中Aa（多指）和aa（正常指）均占1／2；另一对相对性状的遗传情况是：Bb×Bb的后代中1BB（正常）、2Bb（正常）、1bb（白化病）。 　　按自由组合定律遗传的两种疾病的发病情况：当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率如下表：