对图中有关蛋白质的叙述.正确的是( ) A.含有3条肽链B.共有126个肽键C.R基中共含15个氨基D.形成该蛋白质时共脱掉125个水分子题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

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对图中有关蛋白质的叙述，正确的是（　　）

A、含有3条肽链

B、共有126个肽键

C、R基中共含15个氨基

D、形成该蛋白质时共脱掉125个水分子

考点：蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合

专题：

分析：分析题图可知，该蛋白质中氨基酸的个数是126，氨基的总数和羧基的总数都是17，R基上羧基的数目是15，因此该蛋白质的肽链数是17-15=2．

解答： 解：A、该蛋白质中含有2条肽链，A错误；
B、该蛋白质中肽键数=氨基酸个数-肽链数=126-2=124，B错误；
C、该蛋白质中是含有两条肽链，氨基酸总是17，因此R中氨基的个数=17-2=15，C正确；
D、该蛋白质中脱去的水分子数=肽键数=氨基酸个数-肽链数=126-2=124，D错误．
故选：C．

点评：本题的知识点是氨基酸的脱水缩合反应，分析题图获取信息是解题的突破口，对于氨基酸脱水缩合反应过程中氨基酸个数、肽键数、脱去水分子数、形成的肽链中氨基、羧基的个数与肽链数目之间的数量关系的理解和应用是解题的关键．

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图乙表示将用全素营养培养的B植物放入密闭的玻璃罩内，置于室外进行培养，每隔一段时间测定罩内的CO₂浓度，测定结果如图1的图乙所示（水平虚线表示实验开始时玻璃罩内CO₂的浓度）．
（1）A、B两种植物

植物的光合作用和呼吸作用更易受高温影响．
（2）经检测，对照组的B植物有机物的含量保持不变，在45℃的实验条件下，B植物的有机物含量将

（3）乙图中的D点所对应的时刻，光合作用的速率

（大于、等于或小于）呼吸作用速率．
（4）图乙中，在曲线的

段B植物的有机物含量会上升，理由是

．
Ⅱ．为了更好的利用野生植物资源，某生态示范区在向阳的山坡上种植了一大片野生葡萄．如图2是科学家进行了多年调研后，绘制的该生态示范区中各成分之间的关系模式图（图中数字为能量数值，单位是J/（cm²?a））．

（1）该生态示范区在保持原有植被的同时，引种野生葡萄，满足了人们对自然美景、美食等的多种需求，这体现了生物多样性的

价值．
（2）B到C的能量传递效率为

．
（3）若生产者固定的能量时l 000J/（cm²?a），在A、B、C三个营养级中，未利用的能量占其同化量比例最高的是

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．

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让庄稼的秸秆“过腹还田”转化为牛的肉、奶和皮革，不仅能帮助农民致富，还具有重要的生态学意义．然而，干的秸秆饲料难消化，不适口且蛋白质含量低，用适宜浓度的氨水或尿素处理能使之软化，提高营养价值，值得提倡．牛是反刍动物，瘤胃内的多种微生物对粗饲料的分解和营养物质的合成起着极其至要的作用．根据上面所给信息回答如下问题：
（1）秸秆用适宜浓度的氨水或尿素软化处理能促进牛育肥的道理是：①减少因咀嚼而必须消耗的能量；②软化后的饲料中不溶性的多糖能更充分地与酶接触而被分解为

，③氨水或尿素能为某些瘤胃微生物提供

．
（2）牛的瘤胃内多种微生物与牛彼此之间形成

关系．微生物菌体能合成

酶，分泌到胞外，促使秸秆中的主要成分纤维素的分解；牛的瘤胃为这些微生物的繁衍生息提供了适合的

、pH条件和必要的营养物质．有人把牛的瘤胃比喻为活体内、高度自动化的“发酵罐”，据此判断这些微生物的代谢类型主要是

．
（3）用¹⁵N标记的氨水或尿素处理过的秸秆饲料喂牛后，在牛奶和牛尿中均发现了¹⁵N的踪影．对这一事实，解释正确的是

①牛的消化道吸收氨或尿素后在细胞内作为氮源合成蛋白质；
②瘤胃中的某些微生物可以利用氨和尿素合成菌体蛋白质；
③以氨或尿素合成菌体蛋白的微生物属于自养微生物；
④在组成牛奶蛋白质的氨基酸分子中有可能找到¹⁵N示踪元素；
⑤牛细胞内的¹⁵N标记的氨基酸脱氨基后含氮部分在肾脏转变为尿素排出体外；
⑥¹⁵N标记的氨经过细胞膜入血后在肝脏合成尿素，排出体外也有可能
A．①③④B．②③⑥C．②④⑤D．②④⑥
（4）要想提高饲料利用率，让牛多出肉和奶，还要加快优良品种的选育和繁殖，胚胎分割是有效途径之一．胚胎分割技术的理论基础是

，在生殖方式上属于

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（能杂交的/不能杂交的）．

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