分析 (Ⅰ)取BC中点G点,连接AG,FG,由F,G分别为DC,BC中点,知FG∥BD且FG=$\frac{1}{2}$BD,又AE∥BD且AE=$\frac{1}{2}$BD,故AE∥FG且AE=FG,由此能够证明EF⊥平面BCD.
(Ⅱ)取AB的中点O和DE的中点H,分别以OC、OB、OH所在直线为x、y、z轴建立如图空间直角坐标系,则C($\sqrt{3}$,0,0),D(0,1,2),E(0,-1,1),A(0,-1,0),求出面CDE的法向量,面ABDE的法向量,由此能求出二面角C-DE-A的正弦值.
(Ⅲ)利用向量法能求出点A到平面CDE的距离.
解答 解:(Ⅰ)取BC中点G点,连接AG,FG,
∵F,G分别为DC,BC中点,
∴FG∥BD且FG=$\frac{1}{2}$BD,又AE∥BD且AE=$\frac{1}{2}$BD,
∴AE∥FG且AE=FG,
∴四边形EFGA为平行四边形,则EF∥AG,
∵AE⊥平面ABC,AE∥BD,
∴BD⊥平面ABC,
又∵DB?平面BCD,
∴平面ABC⊥平面BCD,
∵G为 BC中点,且AC=AB,
∴AG⊥BC,∴AG⊥平面BCD,
∴EF⊥平面BCD.(4分)
(Ⅱ)取AB的中点O和DE的中点H,
分别以OC、OB、OH所在直线为x、y、z轴建立如图空间直角坐标系,
则C($\sqrt{3}$,0,0),D(0,1,2),E(0,-1,1),A(0,-1,0),$\overrightarrow{CD}$=(-$\sqrt{3}$,1,2),$\overrightarrow{ED}$=(0,2,1).
设面CDE的法向量$\overrightarrow{n}$=(x,y,z),
则$\left\{\begin{array}{l}{-\sqrt{3}x+y+2z=0}\\{2y+z=0}\end{array}\right.$,
取$\overrightarrow{n}$=($\sqrt{3}$,-1,2),(6分)
取面ABDE的法向量$\overrightarrow{m}$=(1,0,0),(7分)
由cos<$\overrightarrow{n}$,$\overrightarrow{m}$>=$\frac{\sqrt{3}}{\sqrt{3+1+4}}$=$\frac{\sqrt{6}}{4}$,
故二面角C-DE-A的正弦值为$\frac{\sqrt{10}}{4}$.(8分)
(Ⅲ)由(Ⅱ),面CDE的法向量$\overrightarrow{n}$=($\sqrt{3}$,-1,2),$\overrightarrow{AE}$=(0,0,1),
则点A到平面CDE的距离d=$\frac{2}{\sqrt{3+1+4}}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$.(12分)
点评 本题考查线面垂直的判定,考查点到平面距离的计算,考查面面角,考查向量方法的运用,属于中档题.
科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | ${a_n}=\frac{{n({n-1})}}{2}$ | B. | an=n(n-1) | C. | an=n-1 | D. | ${a_n}={2^n}-2$ |
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科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | 充分不必要条件 | B. | 必要不充分条件 | ||
C. | 充要条件 | D. | 既不充分也不必要条件 |
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科目:高中数学 来源: 题型:填空题
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科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | 1 | B. | -1 | C. | 3 | D. | -3 |
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科目:高中数学 来源: 题型:填空题
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科目:高中数学 来源: 题型:解答题
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