Question

设正项数列{a_n}的前n项和为S_n，且S_n=

1

4

a_n²+

1

2

a_n-

3

4

，n∈N^*．
（1）求数列{a_n}的通项公式；
（2）是否存在等比数列{b_n}，使a₁b₁+a₂b₂+…a_nb_n=（2n-1）•2ⁿ⁺¹+2对一切正整数都成立？并证明你的结论．

Answer 1

分析：（1）由 Sn=

1

4

an2+

1

2

an -

3

4

，得：Sn+1= 

1

4

an+12+

1

2

an+1-

3

4

，所以（a_n+1+a_n）•（a_n+1-a_n-2）=0，由a_n+1+a_n＞0，知a_n+1=a_n+2，由此能求出数列{a_n}的通项公式．
（2）由

a1b1=6 a1b1+a2b2=26

，得：b₁=2，b₂=4．猜想：b_n=2ⁿ，使a₁b₁+a₂b₂+…a_nb_n=（2n-1）•2ⁿ⁺¹+2对一切正整数都成立．然后再由错位相减法进行证明．

解答：解：（1）由 Sn=

1

4

an2+

1

2

an -

3

4

，
得：Sn+1= 

1

4

an+12+

1

2

an+1-

3

4

，
∴Sn+1- Sn= 

1

4

an+12+

1

2

an+1- 

1

4

an2-

1

2

an，
整理得：（a_n+1+a_n）•（a_n+1-a_n-2）=0，
∵a_n+1+a_n＞0，
∴a_n+1-a_n-2=0，即a_n+1=a_n+2，
∴{a_n}是等差数列．
∵a1=S1=

1

4

a12+

1

2

a1- 

3

4

＞0，
∴a₁=3．
∴a_n=2n+1，n∈N^*．
（2）由

a1b1=6 a1b1+a2b2=26

，
解得：b₁=2，b₂=4．
猜想：b_n=2ⁿ，使a₁b₁+a₂b₂+…a_nb_n=（2n-1）•2ⁿ⁺¹+2对一切正整数都成立．
下面证明猜想成立：
即证3×2+5×2²+7×2³+…+（2n+1）•2ⁿ=（2n-1）•2ⁿ⁺¹+2对一切正整数都成立，
令T_n=3×2+5×2²+7×2³+…+（2n+1）×2ⁿ，
则2T_n=3×2²+5×2³+7×2⁴+…+（2n+1）×2ⁿ⁺¹，
两式相减得：T_n=（2n+1）•2ⁿ⁺¹-2•2ⁿ⁺¹+2
=（2n-1）•2ⁿ⁺¹+2，
故原命题获证．

点评：本题考查数列通项公式的求法和数列求和的应用，综合性强，难度大，计算繁琐，容易出错．解题时要认真审题，注意培养计算能力，注意错位相减法的合理运用．