分析 (1)以F1为圆心以3为半径的圆与以F2为圆心以1为半径的圆相交,且交点E在椭圆C上.可得|EF1|+|EF2|=3+1=2a,解得a.又$\frac{c}{a}$=$\frac{1}{2}$,a2=b2+c2,解得c,b2,即可得出.
(2)①直线l1:x=1,直线l2:x=4.把x=1代入直线1,解得y,可得M坐标.同理可得N坐标.又${y}_{0}^{2}$=$\frac{3(4-{x}_{0}^{2})}{4}$.利用两点之间的距离公式可得$\frac{|M{F}_{2}|}{|N{F}_{2}|}$=$\frac{1}{2}$为定值.
②由$\frac{{x}_{0}^{2}}{4}$+$\frac{{y}_{0}^{2}}{3}$=1,解得${y}_{0}^{2}$=$3(1-\frac{{x}_{0}^{2}}{4})$.直线l1的方程为:x=1;直线l2的方程为:x=4.直线PF1的方程为:y-0=$\frac{{y}_{0}}{{x}_{0}+1}$(x+1),由于-1<x0<2,可得$\frac{1}{{x}_{0}+1}$∈$(\frac{1}{3},+∞)$.即可得出k1k2,利用函数的性质即可得出.
解答 解:(1)以F1为圆心以3为半径的圆与以F2为圆心以1为半径的圆相交,且交点E在椭圆C上.
∴|EF1|+|EF2|=3+1=2a,解得a=2.
又$\frac{c}{a}$=$\frac{1}{2}$,a2=b2+c2,解得c=1,b2=3.
∴椭圆C的方程为$\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{3}$=1.
(2)①证明:直线l1:x=1,直线l2:x=4.
把x=1代入直线1:$\frac{{x}_{0}x}{4}+\frac{{y}_{0}y}{3}$=1,解得y=$\frac{3(4-{x}_{0})}{4}$,∴M$(1,\frac{3(4-{x}_{0})}{4{y}_{0}})$.
把x=4代入直线1方程,解得y=$\frac{3(1-{x}_{0})}{{y}_{0}}$,∴N$(4,\frac{3(1-{x}_{0})}{{y}_{0}})$.
又${y}_{0}^{2}$=$\frac{3(4-{x}_{0}^{2})}{4}$.
∴$\frac{|M{F}_{2}|}{|N{F}_{2}|}$=$\frac{|\frac{3(4-{x}_{0})}{4{y}_{0}}|}{\sqrt{{3}^{2}+\frac{9(1-{x}_{0})^{2}}{{y}_{0}^{2}}}}$=$\frac{1}{2}$为定值.
②解:由$\frac{{x}_{0}^{2}}{4}$+$\frac{{y}_{0}^{2}}{3}$=1,解得${y}_{0}^{2}$=$3(1-\frac{{x}_{0}^{2}}{4})$.(-2≤x0<2),x0≠-1.
直线l1的方程为:x=1;直线l2的方程为:x=4.
直线PF1的方程为:y-0=$\frac{{y}_{0}}{{x}_{0}+1}$(x+1),
令x=4,可得yQ=$\frac{5{y}_{0}}{{x}_{0}+1}$.
∴Q$(4,\frac{5{y}_{0}}{{x}_{0}+1})$.
∴k1=$\frac{{y}_{0}}{{x}_{0}-2}$,k2=$\frac{\frac{5{y}_{0}}{{x}_{0}+1}-0}{4-2}$=$\frac{5{y}_{0}}{2({x}_{0}+1)}$.
∴k1k2=$\frac{5{y}_{0}^{2}}{2({x}_{0}-2)({x}_{0}+1)}$=$\frac{15(4-{x}_{0}^{2})}{8({x}_{0}-2)({x}_{0}+1)}$=$\frac{-15({x}_{0}+2)}{8({x}_{0}+1)}$=$-\frac{15}{8}$$(1+\frac{1}{{x}_{0}+1})$,
∵-1<x0<2,
∴$\frac{1}{{x}_{0}+1}$∈$(\frac{1}{3},+∞)$.
∴k1k2∈$(-∞,-\frac{5}{2})$.
点评 本题考查了椭圆的标准方程及其性质、圆的方程、直线与椭圆相交问题、斜率计算公式、两点之间的距离公式,考查了推理能力与计算能力,属于难题.
科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | {x|x>-1} | B. | {x|-1<x≤1} | C. | {x|-1<x<2} | D. | {x|1<x<2} |
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