分析 (Ⅰ)过点F作FH∥AD,交PA于H,连接BH,证明HF∥BC,CF∥BH,然后证明CF∥平面PAD.
(Ⅱ)说明BC⊥AB.PB⊥AB,PB⊥BC,以B为原点,BC,BA,BP所在直线为x,y,z轴建立空间直角坐标系,求出平面BPD的一个法向量,平面APD的一个法向量,通过向量的数量积求解二面角B-PD-A的大小.
(Ⅲ)假设存在点M,设$\overrightarrow{PM}=λ\overrightarrow{PD}=(3λ,3λ,-3λ)$,利用向量的数量积求解即可.
解答 解:(Ⅰ)证明:过点F作FH∥AD,交PA于H,连接BH,
因为$PF=\frac{1}{3}PD$,所以$HF=\frac{1}{3}AD=BC$.….(1分)
又FH∥AD,AD∥BC,所以HF∥BC.….(2分)
所以BCFH为平行四边形,所以CF∥BH.….(3分)
又BH?平面PAB,CF?平面PAB,….(4分)(一个都没写的,则这(1分)不给)
所以CF∥平面PAB.….(5分)
(Ⅱ)因为梯形ABCD中,AD∥BC,AD⊥AB,所以BC⊥AB.
因为PB⊥平面ABCD,所以PB⊥AB,PB⊥BC,
如图,以B为原点,BC,BA,BP所在直线为x,y,z轴建立空间直角坐标系,….(6分)
所以C(1,0,0),D(3,3,0),A(0,3,0),P(0,0,3).
设平面BPD的一个法向量为$\overrightarrow n=(x,y,z)$,平面APD的一个法向量为$\overrightarrow m=(a,b,c)$,
因为$\overrightarrow{PD}=(3,3,-3),\overrightarrow{BP}=(0,0,3)$,
所以$\left\{\begin{array}{l}\overrightarrow{PD}•\overrightarrow n=0\\ \overrightarrow{BP}•\overrightarrow n=0\end{array}\right.$,即$\left\{\begin{array}{l}3x+3y-3z=0\\ 3z=0\end{array}\right.$,….(7分)
取x=1得到$\overrightarrow n=(1,-1,0)$,….(8分)
同理可得$\overrightarrow m=(0,1,1)$,….(9分)
所以$cos<\overrightarrow n,\overrightarrow m>=\frac{\overrightarrow n•\overrightarrow m}{|\overrightarrow n||\overrightarrow m|}=-\frac{1}{2}$,….(10分)
因为二面角B-PD-A为锐角,
所以二面角B-PD-A为$\frac{π}{3}$.….(11分)
(Ⅲ)假设存在点M,设$\overrightarrow{PM}=λ\overrightarrow{PD}=(3λ,3λ,-3λ)$,
所以$\overrightarrow{CM}=\overrightarrow{CP}+λ\overrightarrow{PM}=(-1+3λ,3λ,3-3λ)$,….(12分)
所以$\overrightarrow{PA}•\overrightarrow{CM}=-9λ+3(3-3λ)=0$,解得$λ=\frac{1}{2}$,….(13分)
所以存在点M,且$PM=\frac{1}{2}PD=\frac{{3\sqrt{3}}}{2}$.….(14分)
点评 本题考查直线与平面平行的判定定理的应用,二面角的平面角的求法,向量的数量积的应用,考查空间想象能力以及计算能力.
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A. | $\sqrt{3}$ | B. | 1 | C. | $\frac{\sqrt{3}}{2}$ | D. | $\frac{4}{5}$ |
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A. | $sinα=-\frac{3}{5}$ | B. | $cosα=-\frac{4}{5}$ | C. | $tanα=-\frac{4}{3}$ | D. | 以上都不对 |
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