【题目】如图,在四棱锥E﹣ABCD中,底面ABCD为矩形,平面ABCD⊥平面ABE,∠AEB=90°,BE=BC,F为CE的中点,
(1)求证:AE∥平面BDF;
(2)求证:平面BDF⊥平面ACE;
(3)2AE=EB,在线段AE上找一点P,使得二面角P﹣DB﹣F的余弦值为 , 求AP的长.
【答案】证明:(1)设AC∩BD=G,连接FG,易知G是AC的中点,
∵F是EC中点.
∴在△ACE中,FG∥AE,
∵AE平面BFD,FG平面BFD,
∴AE∥平面BFD.…(4分)
(2)∵平面ABCD⊥平面ABE,BC⊥AB,
平面ABCD∩平面ABE=AB,
∴BC⊥平面ABE,又∵AE平面ABE,
∴BC⊥AE,
又∵AE⊥BE,BC∩BE=B,
∴AE⊥平面BCE,即AE⊥BF,
在△BCE中,BE=CB,F为CE的中点,
∴BF⊥CE,AE∩CE=E,
∴BF⊥平面ACE,
又BF平面BDF,
∴平面BDF⊥平面ACE.
(3)如图建立坐标系,设AE=1,
则B(2,0,0),D(0,1,2),C(2,0,2),F(1,0,1),
设P(0,a,0),=(-2,1,2),=(-1,0,1),=(2,-a,0)
设⊥面BDF,且=(x1,y1,z1)
则由⊥得﹣2x1+y1+2z1=0,
由⊥得﹣x1+z1=0,
令z1=1得x1=1,y1=0,从而=(1,0,1)
设⊥面BDP,且=(x2,y2,z2),则
由⊥得﹣2x2+y2+2z2=0,
由⊥得2x2﹣ay2=0,
令y2=2得x2=a,z2=a﹣1,从而=(a,2,a-1)
==
解得a=0或a=1(舍)
即P在E处.
【解析】(1)根据线面平行的判定定理即可证明AE∥平面BDF;
(2)根据面面垂直的判定定理即可证明平面BDF⊥平面ACE;
(3)建立空间坐标系,求出平面的法向量,利用向量法即可得到结论.
【考点精析】认真审题,首先需要了解平面与平面垂直的判定(一个面过另一个平面的垂线,则这两个平面垂直).
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【题目】如图,已知四棱锥P﹣ABCD,△PAD是以AD为斜边的等腰直角三角形,BC∥AD,CD⊥AD,PC=AD=2DC=2CB,E为PD的中点.
(Ⅰ)证明:CE∥平面PAB;
(Ⅱ)求直线CE与平面PBC所成角的正弦值.
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【题目】甲、乙两名同学参加2018年高考,根据高三年级一年来的各种大、中、小型数学模拟考试总结出来的数据显示,甲、乙两人能考140分以上的概率分别为和,甲、乙两人是否考140分以上相互独立,则预估这两个人在2018年高考中恰有一人数学考140 分以上的概率为( )
A. B. C. D.
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【题目】已知函数f(x)=2sin(ωx),其中常数ω>0
(1)令ω=1,判断函数的奇偶性,并说明理由;
(2)令ω=2,将函数y=f(x)的图象向左平移个单位,再向上平移1个单位,得到函数y=g(x)的图象,对任意a∈R,求y=g(x)在区间[a,a+10π]上零点个数的所有可能值.
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