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如图,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥平面ABCD,且PA=4,底面ABCD为梯形,
AB∥CD,∠BAD=90°,且AB=2CD=2,AD=
2
,M、N分别为PD、PB的中点,平面MCN与PA交点为Q.
(Ⅰ)求证:CN∥平面PAD;
(Ⅱ)求PQ的长度;
(Ⅲ)求平面MCN与平面ABCD所成二面角的大小.
考点:二面角的平面角及求法,直线与平面平行的判定
专题:空间位置关系与距离
分析:综合法:(Ⅰ)取AP的中点E,连接DE,EN,由已知得四边形CDEN为平行四边形,由此能证明CN∥平面PAD.
(Ⅱ)取EP的中点,即为所求点Q,连接MQ,NQ,由已知得四点C,N,Q,M共面,由此能求出PQ=1.
(Ⅲ)连接ME,则平面EMN∥底面ABCD,平面QMN与平面EMN所成二面角即为平面MCN与底面ABCD所成二面角,由此能求出平面MCN与底面ABCD所成二面角的大小.
向量法:(Ⅰ)以A为坐标原点,
AD
AB
AP
方向分别为x轴、y轴和z轴的正方向,建立空间直角坐标系,利用向量法能证明CN∥平面PAD.
(Ⅱ)由已知得CN∥平面PAD,CN∥MQ,设Q(0,0,t),利用向量法能求出PQ=1.
(Ⅲ)分别求出平面MCN的法向量和平面ABCD的法向量,利用向量法能求出平面MCN与底面ABCD所成二面角的大小.
解答: (本小题满分12分)
综合法:
(Ⅰ)证明:取AP的中点E,连接DE,EN,
因为E、N分别是AP、BP的中点,
所以EN∥AB,EN=
1
2
AB
,又因为CD∥AB,CD=
1
2
AB

所以EN∥CD,EN=CD,
即四边形CDEN为平行四边形.所以CN∥DE,CN不在平面PAD内,
所以CN∥平面PAD.…(4分)
(Ⅱ)解:取EP的中点,即为所求点Q,连接MQ,NQ.
因为MQ∥ED,故MQ∥CN,所以四点C,N,Q,M共面.
平面MCN与AP交点Q即为AP的四等分点,又因为AP=4,所以PQ=1.  …(8分)
(Ⅲ)解:连接ME,易证平面EMN∥底面ABCD.
平面QMN与平面EMN所成二面角即为平面MCN与底面ABCD所成二面角.
因为PA⊥平面ABCD,故PA⊥平面EMN,过E作EF⊥MN,垂足为F,连结QF,
则QF⊥MN,所以∠QFE为平面QMN与平面EMN所成二面角的平面角.
在直角三角形MEN中,则ME=
2
2
,EN=1,MN=
6
2
,从而EF=
3
3

所以tan∠QFE=
3
,故∠QFE=
π
3

所以平面MCN与底面ABCD所成二面角的大小为
π
3
.                      …(12分)
向量法:
(Ⅰ)证明:如图,以A为坐标原点,
AD
AB
AP
方向分别为x轴、y轴和z轴的正方向,
建立空间直角坐标系.
则A(0,0,0),D(
2
,0,0)
,B(0,2,0),C(
2
,1,0)

P(0,0,4),M(
2
2
,0,2)
,N(0,1,2).
由题意知
AB
是平面PAD的法向量,
又因为
CN
AB
=(-
2
,0,2)•(0,2,0)=0

所以CN⊥AB,又因为CN不在平面PAD内,所以CN∥平面PAD.…(4分)
(Ⅱ)解:由(Ⅰ)知CN∥平面PAD,又CN在平面CNQM内,
平面CNQM与平面PAD的交线是MQ,所以CN∥MQ.
设Q(0,0,t),
MQ
CN

(-
2
2
,0,t-2)=λ(-
2
,0,2)

解得t=3,所以PQ=1.…(8分)
(Ⅲ)解:设平面MCN的法向量
n
=(x,y,z)

MN
n
=-
2
2
x+y=0
MC
n
=
2
2
x+y-2z=0
,取y=1,得
n
=(
2
,1,1)
…(10分)
又知平面ABCD的法向量为
m
=(0,0,1)

所以cos<
m
n
>=
m
n
|
m
||
n
|
=
1
1•
(
2
)
2
+12+12
=
1
2

即平面MCN与底面ABCD所成二面角的大小为
π
3
. …(12分)
点评:本题考查直线与平面平行的证明,考查线段长的求法,考查二面角的大小的求法,解题时要认真审题,注意空间思维能力的培养.
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2
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6
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3
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π
6
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3

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