分析 (1)求离心率e1=$\frac{1}{\sqrt{m+1}}$,e2=$\frac{\sqrt{n-1}}{\sqrt{m+n}}$,从而可得n=2+$\frac{1}{m}$,从而解得;
(2)①由题意,记相似比为d=$\frac{{a}_{1}}{a}$(d>1),从而可得a1=ad,c1=cd,b1=bd,从而设点B(xB,yB),则点M(dxB,dyB),点C(xC,yC),则点N(dxC,dyC),从而求解;
②设直线l的方程为y=k(x-c),从而联立方程$\left\{\begin{array}{l}{y=k(x-c)}\\{\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{{b}^{2}}=1}\end{array}\right.$得(a2k2+b2)x2-2a2k2cx+a2k2c2-a2b2=0,从而可得xB+xC=$\frac{2{a}^{2}{k}^{2}c}{{b}^{2}+{a}^{2}{k}^{2}}$,同理可得xA+xD=$\frac{2{a}^{2}{k}^{2}c}{{b}^{2}+{a}^{2}{k}^{2}}$,从而证明.
解答 解:(1)椭圆C1:$\frac{{x}^{2}}{m+1}$+$\frac{{y}^{2}}{m}$=1的离心率e1=$\frac{1}{\sqrt{m+1}}$,
椭圆C2:$\frac{{x}^{2}}{m+n}$+$\frac{{y}^{2}}{m+1}$=1的离心率e2=$\frac{\sqrt{n-1}}{\sqrt{m+n}}$,
故$\frac{1}{\sqrt{m+1}}$=$\frac{\sqrt{n-1}}{\sqrt{m+n}}$,
解得,n=2+$\frac{1}{m}$,
故m=1,n=3时成立;
故相似比为$\frac{\sqrt{m+n}}{\sqrt{m+1}}$=$\frac{2}{\sqrt{2}}$=$\sqrt{2}$;
(2)证明:①由题意,记相似比为d=$\frac{{a}_{1}}{a}$(d>1),
则a1=ad,c1=cd,b1=bd,
∴椭圆C4:$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}{d}^{2}}$+$\frac{{y}^{2}}{{b}^{2}{d}^{2}}$=1,
设点B(xB,yB),则点M(dxB,dyB),
同理点C(xC,yC),则点N(dxC,dyC),
故kBC=$\frac{{y}_{C}-{y}_{B}}{{x}_{C}-{x}_{B}}$,kMN=$\frac{d{y}_{C}-d{y}_{B}}{d{x}_{C}-d{x}_{B}}$=$\frac{{y}_{C}-{y}_{B}}{{x}_{C}-{x}_{B}}$,
故BC∥MN,
即MN∥l;
②设直线l的方程为y=k(x-c),
联立方程$\left\{\begin{array}{l}{y=k(x-c)}\\{\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{{b}^{2}}=1}\end{array}\right.$化简得,
(a2k2+b2)x2-2a2k2cx+a2k2c2-a2b2=0,
△=(2a2k2c)2-4(a2k2+b2)(a2k2c2-a2b2)
=4a2b4(k2+1)>0,
∴xB+xC=$\frac{2{a}^{2}{k}^{2}c}{{b}^{2}+{a}^{2}{k}^{2}}$,
同理可得xA+xD=$\frac{2{a}^{2}{k}^{2}c}{{b}^{2}+{a}^{2}{k}^{2}}$,
故xA+xD=xB+xC,
故xA-xB=xC-xD,
故AB=CD;
又∵AB边上高与CD边上的高相等,
∴△ABM和△CDN的面积相等.
点评 本题考查了学生对新定义的接受与应用能力,同时考查了学生的化简运算的能力.
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A. | 5 | B. | 4 | C. | 3 | D. | 2$\sqrt{2}$ |
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