已知函数g(x)=$\frac{1}{cosθ•x}$+lnx在[1.+∞)上为增函数.且$θ∈[0.\frac{π}{2})$.f(x)=mx-$\frac{m-1}{x}$-lnx.m∈R．(1)求θ的取值范围,在[1.+∞)上为单调函数.求m的取值范围,(3)若在[1.e]上至少存在一个x0.使得h(x0)＞$\frac{2e}{x 0}$成立.求m的� 题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

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2．已知函数g（x）=$\frac{1}{cosθ•x}$+lnx在[1，+∞）上为增函数，且$θ∈[0，\frac{π}{2}）$，f（x）=mx-$\frac{m-1}{x}$-lnx，m∈R．
（1）求θ的取值范围；
（2）若h（x）=f（x）-g（x）在[1，+∞）上为单调函数，求m的取值范围；
（3）若在[1，e]上至少存在一个x₀，使得h（x₀）＞$\frac{2e}{x_0}$成立，求m的取值范围．

分析（1）利用$g'（x）=-\frac{1}{{cosθ•{x^2}}}+\frac{1}{x}≥0$在[1，+∞）上恒成立，推出cosθ≥1，即可得到θ的取值范围．
（2）求出$h（x）=mx-\frac{m}{x}-2lnx$，通过h（x）在[1，∞）上为单调函数，推出导函数mx²-2x+m≥0或者mx²-2x+m≤0在[1，∞）恒成立．得到$m≥\frac{2x}{{1+{x^2}}}$，通过基本不等式求出m的取值范围．
（3）构造函数$F（x）=mx-\frac{m}{x}-2lnx-\frac{2e}{x}$．
当m≤0时，当m＞0时，分别通过F'（x）＞0在[1，e]恒成立．求解m的取值范围．

解答（12分）解：（1）由题意，$g'（x）=-\frac{1}{{cosθ•{x^2}}}+\frac{1}{x}≥0$在[1，+∞）上恒成立，即$\frac{cosθ•x-1}{{cosθ•{x^2}}}≥0$∵$θ∈[0，\frac{π}{2}）$．故cosθ•x-1≥0在[1，+∞）上恒成立，
只须cosθ•1-1≥0，即cosθ≥1，得θ=0．故θ的取值范围是{0}
（2）由（1），得$h（x）=mx-\frac{m}{x}-2lnx$．∴${h^′}（x）=\frac{{m{x^2}-2x+m}}{x^2}$．
∵h（x）在[1，∞）上为单调函数，∴mx²-2x+m≥0或者mx²-2x+m≤0在[1，∞）恒成立．
mx²-2x+m≥0等价于m（1+x²）≥2x，即$m≥\frac{2x}{{1+{x^2}}}$，
而$\frac{2x}{{1+{x^2}}}=\frac{2}{{x+\frac{1}{x}}}，\left\{{\frac{2}{{x+\frac{1}{x}}}}\right\}max=1∴m≥1$．
∴mx²-2x+m≤0等价于m（1+x²）≤2x，
即$m≤\frac{2x}{{1+{x^2}}}$在[1，∞）恒成立，
而$\frac{2x}{{1+{x^2}}}∈（{0，1}]$，∴m≤0．
综上，m的取值范围是（-∞，0]∪[1，+∞）．
（3）构造函数$F（x）=mx-\frac{m}{x}-2lnx-\frac{2e}{x}$．
当m≤0时，$x∈[{1，e}]，mx-\frac{m}{x}≤0$，$-2lnx-\frac{2e}{x}＜0$，所以在[1，e]上不存在一个x₀，
使得$h（{x_0}）＞\frac{2e}{x_0}$成立．
当m＞0时，$F'（x）=m+\frac{m}{x^2}-\frac{2}{x}+\frac{2e}{x^2}=\frac{{m{x^2}-2x+m+2e}}{x^2}$．
因为x∈[1，e]，所以2e-2x≥0，mx²+m＞0，所以F′（x）＞0在[1，e]恒成立．
故F（x）在[1，e]上单调递增，$F{（x）_{max}}=me-\frac{4}{e}-4$，只要$me-\frac{4}{e}-4＞0$，
解得$m＞\frac{4e}{{{e^2}-1}}$．
故m的取值范围是$（{\frac{4e}{{{e^2}-1}}，+∞}）$．

点评本题考查函数的对数的综合应用，函数的最值以及函数的单调性的应用，考查分析问题解决问题的能力．转化思想的应用．

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