(09年朝阳区统考)(13分)
如图,在正四棱柱ABCD―A1B1C1D1中,已知AA1=4,AB=2,点E在棱CC1上,且CE=1.
(Ⅰ)求证:BE∥平面AA1D1D;
(Ⅱ)求二面角B―ED―C的大小;
(Ⅲ)求证:A1C⊥平面BDE.
解析:解法(一)
(Ⅰ)证明: 由已知,ABCD―A1B1C1D1为正四棱柱,
所以平面BB1C1C∥平面AA1D1D,
又因为BE平面BB1C1C,
所以,BE∥平面AA1D1D. ………………………………4分
(Ⅱ)解:如图1,过C作CH⊥ED于H,连接BH.
因为ABCD―A1B1C1D1为正四棱柱,
所以BC⊥平面CC1D1D,
所以CH是斜线BH在面CC1D1D上的射影,
由三垂线定理可知,BH⊥ED.
所以∠BHC是二面角B―ED―C的平面角.
在RtECD中,易知.
因为, 所以.
在RtBCH中,,
所以.
故二面角B―ED―C的大小是. …………………………………9分
(Ⅲ)如图2,连结AC交BD于点O,
因为ABCD―A1B1C1D1为正四棱柱,
AC⊥BD,AA1⊥平面ABCD,
由三垂线定理可知,A1C⊥BD.
连结B1C,因为A1B1⊥平面B1BCC1,
所以B1C 是A1C在平面BB1C1C上的射影.
设B1C交BE于F,
由已知BB1=AA1=4,BC=AB=2,CE=1,
所以,所以BCE∽B1BC.
所以∠CBE=∠BB1C.
又因为∠CBE+∠B1BE=90°, 所以∠BB1C +∠B1BE=90°,
所以∠B1FB=90°, 所以B1C⊥BE.
由三垂线定理可知,A1C⊥BE,又,
所以A1C⊥平面BDE. …………………………………14分
解法(二)建立空间直角坐标系A―xyz,如图,
(Ⅰ)证明:
依题意可知E(2,2,1),B(2,0,0), 所以=(0,2,1).
又因为, 为平面AA1D1D的法向量.
且,
所以, 而BE平面AA1D1D,
所以,BE∥平面AA1D1D. …………………………………3分
(Ⅱ)因为E(2,2,1),又B(2,0,0),D(0,2,0),
所以=(0,2,1), .
设平面BDE的法向量为,
由得 所以
所以.又面,所以为平面CDE的法向量.
因为,所以.
由图可知,二面角的平面角小于,
所以二面角B―ED―C的大小是. …………………………………9分
(Ⅲ)解:由题意B(2,0,0),C(2,2,0),D(0,2,0),A1(0,0,4),
因为CE=1,则E(2,2,1),
所以,, .
由,得A1C⊥BD,
由,得A1C⊥BE,
又,所以A1C⊥平面BDE. …………………………………13分
科目:高中数学 来源: 题型:
(09年朝阳区统考)(14分)
已知点为抛物线的焦点,点是准线上的动点,直线交抛物线于两点,若点的纵坐标为,点为准线与轴的交点.
(Ⅰ)求直线的方程;
(Ⅱ)求的面积范围;
(Ⅲ)设,,求证为定值.
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科目:高中数学 来源: 题型:
(09年朝阳区统考)(14分)
已知函数的图象过点,且在点处的切线与直线垂直.
(Ⅰ)若,试求函数的单调区间;
(Ⅱ)若,且函数在上单调递增,试求的范围.
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