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已知F(1,0),P是平面上一动点,P到直线l:x=-1上的射影为点N,且满足(
PN
+
1
2
NF
)•
NF
=0

(Ⅰ)求点P的轨迹C的方程;
(Ⅱ)过点M(1,2)作曲线C的两条弦MA,MB,设MA,MB所在直线的斜率分别为k1,k2,当k1,k2变化且满足k1+k2=-1时,证明直线AB恒过定点,并求出该定点坐标.
分析:(Ⅰ)设出动点P的坐标,求出N点的坐标,再求出向量
PN
NF
,然后代入(
PN
+
1
2
NF
)•
NF
=0
整理即可得到点P的轨迹C的方程;
(Ⅱ)设出点A,B的坐标,写出直线MA,MB的方程,和抛物线联立后利用根与系数关系求出A点和B点的纵坐标,然后求出两纵坐标的和与积,然后由直线方程的两点式写出AB的直线方程,把两纵坐标的和与积代入直线方程后,利用直线系方程的知识可求出直线AB经过的定点.
解答:解:(Ⅰ)设曲线C上任意一点P(x,y),又F(1,0),N(-1,y),
从而
PN
=(-1-x,0)
NF
=(2,-y)

PN
+
1
2
NF
=(-1-x,0)+
1
2
(2,-y)
=(-x,-
1
2
y)

(
PN
+
1
2
NF
)•
NF
=0
,得(-x,-
1
2
y)•(2,-y)=0

-2x+
1
2
y2=0

化简得y2=4x,即为所求的P点的轨迹C的对应的方程.
(Ⅱ)设A(x1,y1)、B(x2,y2),
MA:y=k1(x-1)+2,
MB:y=k2(x-1)+2.
将y=k1(x-1)+2与y2=4x联立,得:k1y2-4y-4k1+8=0
y1+2=
4
k1
,得y1=
4
k1
-2

同理 y2=
4
k2
-2

而AB直线方程为:y-y1=
y2-y1
x2-x1
(x-x1)

y=
4
y1+y2
x+
y1y2
y1+y2

由①②:y1+y2=
4
k1
-2+
4
k2
-2=
4(k1+k2)
k1k2
-4=
-4
k1k2
-4

y1y2=4(
4
k1k2
-
2(k1+k2)
k1k2
+1)=4(
6
k1k2
+1)

代入③得,y=
4
-4
k1k2
-4
x+
24
k1k2
+4
-4
k1k2
-4

整理得k1k2(x+y+1)+6+y=0.
x+y+1=0
y+6=0   
x=5
y=-6
,故直线AB经过定点(5,-6).
点评:本题考查了抛物线的方程,考查了直线与抛物线的综合,训练了一元二次方程的根与系数关系,考查了直线系方程,此题是有一定难度题目.
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PN
+
1
2
NF
)•
NF
=0

(Ⅰ)求点P的轨迹C的方程;
(Ⅱ)过点M(1,2)作曲线C的两条弦MD,ME,且MD,ME所在直线的斜率为k1,k2,满足k1k2=1,
求证:直线DE过定点,并求出这个定点.

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(2012•台州模拟)已知F(1,0),P是平面上一动点,P在直线l:x=-1上的射影为点N,且满足(
PN
+
1
2
NF
)•
NF
=0

(Ⅰ)求点P的轨迹C的方程;
(Ⅱ)过F的直线与轨迹C交于A、B两点,试问在直线l上是否存在一点Q,使得△QAB为等边三角形?若存在,求出Q点的坐标;若不存在,请说明理由.

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已知F(1,0),P是平面上一动点,P到直线l:x=-1上的射影为点N,且满足数学公式
(Ⅰ)求点P的轨迹C的方程;
(Ⅱ)过点M(1,2)作曲线C的两条弦MA,MB,设MA,MB所在直线的斜率分别为k1,k2,当k1,k2变化且满足k1+k2=-1时,证明直线AB恒过定点,并求出该定点坐标.

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科目:高中数学 来源:2012-2013学年浙江省台州市四校高三联考数学试卷(文科)(解析版) 题型:解答题

已知F(1,0),P是平面上一动点,P在直线l:x=-1上的射影为点N,且满足
(Ⅰ)求点P的轨迹C的方程;
(Ⅱ)过F的直线与轨迹C交于A、B两点,试问在直线l上是否存在一点Q,使得△QAB为等边三角形?若存在,求出Q点的坐标;若不存在,请说明理由.

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