分析 (1)根据一元二次函数的最值,求出m,n,即可得到结论.
(2)利用参数分离法进行转化求解即可.
(3)根据函数与方程之间的关系,进行转化,利用参数分离法进行求解即可.
解答 解:(1)∵g(x)=mx2-2mx+n=m(x-1)2+n-m(m>0),x∈[0,3],
∴当x=1时,g(x)min=g(1)=n-m=0,…(2分)
当x=3时,g(x)max=g(3)=3m+n=4,…(4分)
解得:m=n=1,即$f(x)=\frac{g(x)}{x}=x+\frac{1}{x}-2(x≠0)$…(5分)
(2)不等式f(2x)-k•2x≥0在x∈[-1,2]上恒成立,
即${2^x}+\frac{1}{2^x}-2-k•{2^x}≥0$在x∈[-1,2]上恒成立,
上式可化为$k≤{(\frac{1}{2^x})^2}-2(\frac{1}{2^x})+1$在x∈[-1,2]上恒成立,…(7分)
令$s=\frac{1}{2^x}$,∵x∈[-1,2],∴$s∈[{\frac{1}{4},2}]$,
则k≤s2-2s+1=(s-1)2在$s∈[{\frac{1}{4},2}]$上恒成立,
又∵当s=1时,(s2-2s+1)min=0
∴k≤0,即所求实数k的取值范围为(-∞,0]…(10分)
(3)方程$f(|{{2^x}-1}|)+\frac{2t}{{|{{2^x}-1}|}}-3t=0$,即$|{{2^x}-1}|+\frac{1}{{|{{2^x}-1}|}}-2+\frac{2t}{{|{{2^x}-1}|}}-3t=0$,
可化为:|2x-1|2-(3t+2)|2x-1|+(2t+1)=0(|2x-1|≠0),
令r=|2x-1|,则r2-(3t+2)r+(2t+1)=0,r∈(0,+∞),…(12分)
若关于x的方程$f(|{{2^x}-1}|)+\frac{2t}{{|{{2^x}-1}|}}-3t=0$有三个不相等的实数根,
则关于r的方程r2-(3t+2)r+(2t+1)=0必须有两个不相等的实数根r1和r2,
并且0<r1<1,r2>1或0<r1<1,r2=1,
记h(r)=r2-(3t+2)r+(2t+1)=0,r∈(0,+∞),
则$\left\{\begin{array}{l}h(0)=2t+1>0\\ h(1)=-t<0\end{array}\right.$①,或$\left\{\begin{array}{l}h(0)=2t+1>0\\ h(1)=-t=0\\ 0<\frac{3t+2}{2}<1\end{array}\right.$②…(15分)
解①得:t>0,
解②得:无解,
综上可知所求实数t的取值范围为(0,+∞)…(16分)
点评 本题主要考查函数解析式的求解,函数恒成立以及函数与方程的应用,利用参数转化法是解决本题的关键.考查学生的运算能力,综合性较强,难度较大.
科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | 3$+2\sqrt{2}$ | B. | $\frac{3+2\sqrt{2}}{2}$ | C. | 2$\sqrt{2}$ | D. | $\sqrt{2}$ |
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科目:高中数学 来源: 题型:解答题
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科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | 单调增函数,且f(x)<0 | B. | 单调减函数,且f(x)<0 | ||
C. | 单调增函数,且f(x)>0 | D. | 单调增函数,且f(x)>0 |
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科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | 4-$\sqrt{3}$ | B. | $\sqrt{7}$ | C. | $\sqrt{11}$ | D. | 7 |
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科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | (-∞,1]∪[5,+∞) | B. | (-∞,1)∪[5,+∞) | C. | (1,5] | D. | [5,+∞) |
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