已知数列{an}的前n项和为Sn,a1=2,2an+1+3Sn=3n+4(n∈N*).
(Ⅰ)求证:数列{an-1}是等比数列,并求数列{an}的通项公式;
(Ⅱ)设bn=λan-λ-n2,若b2n-1>b2n恒成立,求实数λ的取值范围.
【答案】
分析:(I)由题设知由2a
n+1+3S
n=3n+4,得2a
n+3S
n-1=3n+1(n≥2).两式相减后可化成a
n+1-1=-
(a
n-1),由此得出数列{a
n-1}是以1为首项,-
为公比的等比数列,从而能求出数列{a
n}的通项公式.
(II)先由(Ⅰ)得,b
n=λ[(-
)
n-1+1]-λ-n
2=λ(-
)
n-1-n
2.由题意得b
2n-1>b
2n,可得出λ>-
.最后结合函数的单调性可得实数λ的取值范围.
解答:解:(Ⅰ)由2a
n+1+3S
n=3n+4,得2a
n+3S
n-1=3n+1(n≥2),
两式相减得2a
n+1-2a
n+3(S
n-S
n-1)=3,即2a
n+1+a
n=3,(2分)
∴a
n+1=-
a
n+
,则a
n+1-1=-
(a
n-1),(4分)
由a
1=2,又2a
2+3S
1=7,得a
2=
,则
,
故数列{a
n-1}是以1为首项,-
为公比的等比数列.
则a
n-1=(a
1-1)(-
)
n-1,
∴a
n=(-
)
n-1+1,(6分)
(Ⅱ)由(Ⅰ)得,b
n=λ[(-
)
n-1+1]-λ-n
2=λ(-
)
n-1-n
2.
由题意得b
2n-1>b
2n,则有λ(-
)
2n-2-(2n-1)
2>λ(-
)
2n-1-(2n)
2,
即λ(-
)
2n-2[1-(-
)]>(2n-1)
2-(2n)
2,
∴λ>-
,(10分)
而-
对于n∈N
*时单调递减,则-
的最大值为-
=-2,
故λ>-2.(12分)
点评:本题的考点是数列与不等式的综合,主要考查迭代法求数列通项公式的方法,考查最值法解决恒成立问题,关键是写出两式,作差化简,构建等比数列.