分析 (1)设二次函数f(x)=ax2+bx+c,由题意可得1,2为方程ax2+(b+1)x+c=0的解,运用韦达定理,可得b=3a-1,c=2a,a<0,再由零点的求法,即可得到a的值,进而得到函数的解析式;
(2)由题意可得a≥$\frac{x-4}{{x}^{2}+3x+2}$在[0,3]的最大值,由g(x)=$\frac{x-4}{{x}^{2}+3x+2}$的导数,即可判断单调性,求得最大值,进而得到a的范围;
(3)运用判别式,判断大于0恒成立,求得方程的两根,判断大小,运用二次不等式的解法即可得到所求解集.
解答 解:(1)设二次函数f(x)=ax2+bx+c,
不等式f(x)>-x的解集为(1,2),
即有1,2为方程ax2+(b+1)x+c=0的解,
即1+2=-$\frac{b+1}{a}$,1×2=$\frac{c}{a}$,
可得b=3a-1,c=2a,a<0,
即有函数y=f(x)+2a=ax2+(3a-1)x+4a,
由函数y=f(x)+2a有且只有一个零点,
可得判别式为0,即(3a-1)2-16a2=0,
解得a=-1或$\frac{1}{7}$(舍去),
即有f(x)=-x2-4x-2;
(2)对?x∈[0,3],都有f(x)≥-4,
即为ax2+(3a-1)x+2a+4≥0,
即有a≥$\frac{x-4}{{x}^{2}+3x+2}$在[0,3]的最大值,
由g(x)=$\frac{x-4}{{x}^{2}+3x+2}$的导数为g′(x)=$\frac{-{x}^{2}+8x+14}{({x}^{2}+3x+2)^{2}}$,
由于-x2+8x+14>0在[0,3]上恒成立,
即有g′(x)>0,g(x)递增,
可得g(3)取得最大值,且为-$\frac{1}{20}$,
则-$\frac{1}{20}$≤a<0;
(3)f(x)≥0,即为ax2+(3a-1)x+2a≥0,(a<0),
判别式△=(3a-1)2-8a2=a2-6a+1>0恒成立,
由方程ax2+(3a-1)x+2a=0的两根为x1=$\frac{1-3a-\sqrt{{a}^{2}-6a+1}}{2a}$,
x2=$\frac{1-3a+\sqrt{{a}^{2}-6a+1}}{2a}$,a<0,
可得x1>x2,
则不等式f(x)≥0的解集为[$\frac{1-3a+\sqrt{{a}^{2}-6a+1}}{2a}$,$\frac{1-3a-\sqrt{{a}^{2}-6a+1}}{2a}$].
点评 本题考查二次函数和二次不等式及二次方程的关系,考查函数的零点的问题的解法,同时考查不等式恒成立问题的解法,注意运用参数分离和单调性求得最值,考查含参不等式的解法,属于中档题.
科目:高中数学 来源: 题型:填空题
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科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | 0个 | B. | 1个 | C. | 2个 | D. | 3个 |
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科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | sina>sinb | B. | log2a<log2b | C. | a${\;}^{\frac{1}{2}}$<b${\;}^{\frac{1}{2}}$ | D. | ($\frac{1}{2}$)a<($\frac{1}{2}$)b |
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科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | 4 | B. | $2\sqrt{2}$ | C. | 2 | D. | $\sqrt{2}$ |
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