分析 (1)由题意可得4a=$\frac{{x}^{2}+2}{|x|}$=|x|+$\frac{2}{|x|}$在(-4,4)有4个实根,作出函数y=|x|+$\frac{2}{|x|}$在(-4,0)∪(0,4)的图象,通过图象观察,可得a的范围;
(2)f(x)=x2-4|x|+2=$\left\{\begin{array}{l}{{x}^{2}-4x+2,x≥0}\\{{x}^{2}+4x+2,x<0}\end{array}\right.$,作出f(x)的图象.对m讨论,结合图象和单调性,可得g(m)的解析式,再由二次函数的最值的求法,即可得到所求最小值.
解答 解:(1)函数f(x)在区间(-4,4)上有四个零点,(x≠0),
即为4a=$\frac{{x}^{2}+2}{|x|}$=|x|+$\frac{2}{|x|}$,
由0<x<$\sqrt{2}$时,y=x+$\frac{2}{x}$递减,$\sqrt{2}$<x<4时,函数y递增;
当x=$\sqrt{2}$时,y=2$\sqrt{2}$;x=4时,y=$\frac{9}{2}$;
又y=|x|+$\frac{2}{|x|}$在(-4,0)∪(0,4)为偶函数,
作出函数y=|x|+$\frac{2}{|x|}$在(-4,0)∪(0,4)的图象,
由图象可得当2$\sqrt{2}$<4a<$\frac{9}{2}$,即$\frac{\sqrt{2}}{2}$<a<$\frac{9}{8}$时,
y=4a和y=|x|+$\frac{2}{|x|}$在(-4,0)∪(0,4)有4个交点,
即有函数f(x)在区间(-4,4)上有四个零点;
(2)f(x)=x2-4|x|+2=$\left\{\begin{array}{l}{{x}^{2}-4x+2,x≥0}\\{{x}^{2}+4x+2,x<0}\end{array}\right.$,
作出f(x)的图象.
①m+1≤-2即m≤-3时,[m-1,m+2]为减区间,
可得g(m)=f(m-1)=(m+2)2-2;
②当-3<m≤-2时,f(x)在[m-1,-2)递减,(-2,m+1)递增,
且f(m-1)≥f(m+1),可得g(m)=f(m-1)=(m+2)2-2;
③当-2<m≤-1时,f(x)在[m-1,-2)递减,(-2,m+1)递增,
且f(m-1)<f(m+1),可得g(m)=f(m+1)=(m+3)2-2;(m+2)
④当m-1<0≤m+1≤2即为-1≤m<1,g(m)=f(0)=2;
⑤当0≤m-1<m+1≤2即m=1时,g(m)=f(0)=2;
⑥当1<m≤2时,f(x)在[m-1,2)递减,(2,m+1)递增,
且f(m-1)≥f(m+1),可得g(m)=f(m-1)=(m-3)2-2;
⑦当2<m≤3时,f(x)在[m-1,2)递减,(2,m+1)递增,
且f(m-1)<f(m+1),可得g(m)=f(m+1)=(m-1)2-2;
⑧当2<m-1<m+1即有m>3时,[m-1,m+1]递增,则g(m)=f(m+1)=(m-1)2-2.
综上可得,g(m)=$\left\{\begin{array}{l}{(m+2)^{2}-2,m≤-2}\\{(m+3)^{2}-2,-2<m≤-1}\\{2,-1<m≤1}\\{(m-3)^{2}-2,1<m≤2}\\{(m-1)^{2}-2,m>2}\end{array}\right.$;
当m≤-2时,g(m)≥-2;-2<m≤-1时,g(m)∈(-1,2];
当-1<m≤1时,g(m)=2;1<m≤2时,g(m)∈[-1,2);
m>2时,g(m)>-1.
综上可得,g(m)的最小值为-2.
点评 本题考查含绝对值的函数的零点和最值的求法,注意运用数形结合的思想方法和分类讨论的思想方法,考查化简运算求解能力,属于难题.
科目:高中数学 来源: 题型:解答题
查看答案和解析>>
科目:高中数学 来源: 题型:解答题
查看答案和解析>>
科目:高中数学 来源: 题型:解答题
查看答案和解析>>
科目:高中数学 来源: 题型:解答题
查看答案和解析>>
科目:高中数学 来源: 题型:选择题
A. | y=sin(2x+$\frac{5}{6}π$) | B. | y=sin($\frac{1}{2}$x+$\frac{1}{6}$π) | C. | y=sin(2x+$\frac{2}{3}$π) | D. | y=sin($\frac{1}{2}$x+$\frac{5}{12}$π) |
查看答案和解析>>
湖北省互联网违法和不良信息举报平台 | 网上有害信息举报专区 | 电信诈骗举报专区 | 涉历史虚无主义有害信息举报专区 | 涉企侵权举报专区
违法和不良信息举报电话:027-86699610 举报邮箱:58377363@163.com