Question

（2013•普陀区二模）在平面直角坐标系xOy中，方向向量为

d

=(1，k)的直线l经过椭圆

x2

18

+

y2

9

=1的右焦点F，与椭圆相交于A、B两点
（1）若点A在x轴的上方，且|

OA

|=|

OF

|，求直线l的方程；
（2）若k＞0，P（6，0）且△PAB的面积为6，求k的值；
（3）当k（k≠0）变化时，是否存在一点C（x₀，0），使得直线AC和BC的斜率之和为0，若存在，求出x₀的值；若不存在，请说明理由．

Answer 1

分析：（1）根据椭圆方程，算出右焦点F坐标为（3，0），结合椭圆上位于x轴上方的点A满足|

OA

|=|

OF

|算出A（0，3），由此可得直线l的斜率k=-1，即可求出直线l的方程；
（2）设直线l：y=k（x-3），与椭圆方程联解消去y得（1+2k²）y²+6ky-9k²=0，由根与系数的关系算出AB的纵坐标之差的绝对值关于k的式子，再根据△PAB的面积为6建立关于k的方程，化简整理得k⁴-k²-2=0，解之得k=1（舍负）；
（3）设直线l方程为y=k（x-3）与椭圆方程联解消去y得（1+2k²）x²-12k²x+18（k²-1）=0，由根与系数的关系得到

x1+x2= 12k2 1+2k2 x1•x2= 18(k2-1) 1+2k2

，然后化简k_AD+k_BD=0为关于x₁、y₁、x₂、y₂和x₀的等式，化简整理得2kx₁x₂-k（x₀+3）（x₁+x₂）+6kx₀=0，再将前面算出的x₁+x₂和x₁x₂的表达式代入化简可得x₀=6，由此可得存在一点C（6，0），使得直线AC和BC的斜率之和为0．

解答：解 （1）∵椭圆方程为

x2

18

+

y2

9

=1
∴a²=18，b²=9，得c=

a2-b2

=3，可得F（3，0）…（1分）
∵|

OA

|=|

OF

|且点A在x轴的上方，…（2分）
∴可得A在椭圆上且|

OA

|=3，得A是椭圆的上顶点，坐标为A（0，3）
由此可得l的斜率k=-1，

d

=(1，-1)…（3分）
因此，直线l的方程为：

x-3

1

=

y-0

-1

，化简得x+y-3=0…（4分）
（2）设A（x₁，y₁）、B（x₂，y₂），直线l：y=k（x-3）…（5分）
将直线与椭圆方程联列

x2 18 + y2 9 =1 y=k(x-3)

，…（6分）
消去x，得（1+2k²）y²+6ky-9k²=0…（7分）
由于△＞0恒成立，根据根与系数的关系可得

y1+y2=- 6k 1+2k2 y1•y2=- 9k2 1+2k2

…（8分）
∴|y1-y2|=

6|k| 2(1+k2)

1+2k2

=

6k 2(1+k2)

1+2k2

…（9分）
因此，可得S_△PAB=

1

2

×|PF|×|y1-y2|=

1

2

×3×

6k 2(1+k2)

1+2k2

=6
化简整理，得k⁴-k²-2=0，由于k＞0，解之得k=1…（10分）
（3）假设存在这样的点C（x₀，0），使得直线AC和BC的斜率之和为0，
根据题意，得直线l：y=k（x-3）（k≠0）
由

x2 18 + y2 9 =1 y=k(x-3)

消去y，得（1+2k²）x²-12k²x+18（k²-1）=0…（12分）
由于△＞0恒成立，根据根与系数的关系可得

x1+x2= 12k2 1+2k2 x1•x2= 18(k2-1) 1+2k2

…（*）…（13分）   
而kAD=

y1

x1-x0

，kBD=

y2

x2-x0

，…（14分）
∴kAD+kBD=

y1

x1-x0

+

y2

x2-x0

=

k(x1-3)

x1-x0

+

k(x2-3)

x2-x0

=

k(x1-3)(x2-x0)+k(x2-3)(x1-x0)

(x1-x0)(x2-x0)

=0
由此化简，得2kx₁x₂-k（x₀+3）（x₁+x₂）+6kx₀=0，…（15分）
将（*）式代入，可得

36k(k2-1)

1+2k2

-

12k3(x0+3)

1+2k2

+6kx0=0，解之得x₀=6，
∴存在一点C（6，0），使得直线AC和BC的斜率之和为0．…（16分）

点评：本题给出椭圆方程，在直线l经过椭圆的右焦点F且交椭圆于A、B两点且满足|

OA

|=|

OF

|的情况下求直线l的方程，并且讨论了x轴上是否存在一点C使得直线AC和BC的斜率之和为0的问题．着重考查了椭圆的标准方程与简单几何性质、一元二次方程根与系数的关系和直线与圆锥曲线的位置关系等知识点，属于中档题．