Question

在斜三棱柱ABC-A′B′C′中，底面△ABC为正三角形，设AA′：AC=λ．顶点A′在底面ABC上的射影O是△ABC的中心，P为侧棱CC′中点，G为△PA′B′的重心．
（Ⅰ）求证：OG∥平面AA′B′B；
（Ⅱ）当λ=

2

时，求证：平面A′B′P⊥平面BB′C′C；
（Ⅲ）当λ=1时，求二面角C-A′B-P的大小．

Answer 1

分析：（Ⅰ）欲证OG∥平面AA′B′B，根据直线与平面平行的判定定理可知只需证OG与平面AA′B′B内一直线平行，分别取AB，A′B′的中点D，D′若证出OG∥DD′则可证明 OG∥平面AA′B′B 
（Ⅱ）连AO并延长交BC于点E，则E为BC的中点，取B′C′的中点E′，．BC⊥平面AA′E′E，．设PB′∩EE′=Q 本题应证明 BC⊥A′Q，且A′Q⊥QE′．
（Ⅲ） 取A′B的中点M，连CM，B′M，则CM⊥A′B，B′M⊥A′B．则∠B′MC为二面角B′-A′B-C的平面角，取BB′的中点R，连PR，A′R．则平面A′PR⊥平面A′BB′．
过P作PQ⊥A′R，则PQ⊥平面A′BB′．过P作PN⊥A′B于N，连QN，则QN⊥A′B．则∠PNQ为二面角B′-A′B-P的平面角，将二面角C-A′B-P转化为二面角B′-A′B-C与二面角B′-A′B-P的差，结合两角差的余弦求其余弦，再求其大小．

解答：解：（Ⅰ）证明：分别取AB，A′B′的中点D，D′，连CD，PD′，

∵O为△ABC的中心，G为△PA′B′的重心，
∴O∈CD，G∈PD′，且CO：OD=PG：GD′=2：1．
∵AA′B′B为□，AD=DB，A′D′=D′B′，∴DD′∥AA′，
又∵AA′∥CC′，∴DD′∥CC′，即DD′∥CP．
又CO：OD=PG：GD′=2：1，∴OG∥DD′，
∵OG∉平面AA′B′B，DD′?平面AA′B′B．
∴OG∥平面AA′B′B．
（Ⅱ）证明当λ=

2

时，不妨设AA′=2

2

，AC=2，由点A′在平面ABC上的射影为△ABC的中心，连AO并延长交BC于点E，则E为BC的中点，取B′C′的中点E′，连EE′，AA′∥EE′∥CC′．∵A′O⊥平面ABC，∴A′O⊥BC．∵O为△ABC中心，∴AE⊥BC．∴BC⊥平面AA′E′E．设PB′∩EE′=Q，∴BC⊥A′Q，且E′Q=

1

2

CP=

1

4

AA′=

2

2

．∵AO=

3

2

AC?

2

3

=

2 3

3

．AA′=2

2

，∴cos∠A′AO=

AO

AA′

=

3

3 2

，∴cos∠A′E′E=

3

3 2

．在△A′E′Q中，A′E′=

3

，E′Q=

2

2

，
cos∠A′E′E=

3

3 2

，∴A′Q²=A′E′²+E′Q²-2A′E′?E′Q?cos∠A′E′E=

5

2

．∵A′Q²+E′Q²=A′E′²，
∴A′Q⊥QE′，∵QE′与BC相交，∴A′Q⊥平面BB′C′C，∵A′Q?平面A′B′P，∴平面A′B′P⊥平面BB′C′C．
（Ⅲ）当λ=1时，不妨设AA′=AC=2，∵点A′在平面ABC上的射影为△ABC的中心，∴A′A=A′B=A′C．∴△A′BC，△A′BB′都为等边三角形．


取A′B的中点M，连CM，B′M，则CM⊥A′B，B′M⊥A′B．
∴∠B′MC为二面角B′-A′B-C的平面角，
在△B′CM中，B′M=CM=

3

，B′C=2

2

，∴cos∠B′MC=-

1

3

．
取BB′的中点R，连PR，A′R．则平面A′PR⊥平面A′BB′．
过P作PQ⊥A′R，则PQ⊥平面A′BB′．
过P作PN⊥A′B于N，连QN，则QN⊥A′B．
∴∠PNQ为二面角B′-A′B-P的平面角，
在△A′PB中，求得PN=

11

2

，
在△A′PR中，求得PQ=

2 2

3

．∴sin∠PNQ=

PQ

PN

=

4 2

33

．
∵二面角C-A′B-P等于二面角B′-A′B-C与二面角B′-A′B-P的差，
设二面角C-A′B-P的大小为θ，
则cosθ=cos（∠B′MC-∠PNQ）=cos∠B′MC?cos∠PNQ+sin∠B′MC?sin∠PNQ
=-

1

3

?

1

33

+

2 2

3

?

4 2

33

=

5 33

33

．
∴二面角C-A′B-P的大小为arccos

5 33

33

．

点评：在斜棱柱中，通过图形位置的变化，强调立体图形向平面图形转化的能力，充分利用平面图形的性质来证明线面的平行与垂直，考查用向量法求二面角的大小及用分割法来求二面角的大小．