Question

已知函数f(x)=

x2

kx-b

，(k，b∈N^*），满足f（2）=2，f（3）＞2．
（1）求k，b的值；
（2）若各项为正的数列{a_n}的前n项和为S_n，且有4Sn•f(-

1

an

)=-1，设bn=a2n，求数列{n•b_n}的前n项和T_n；
（3）在（2）的条件下，证明：ln（1+b_n）＜b_n．

Answer 1

分析：（1）由f（2）=2，f（3）＞2消掉b得k的不等式，再由k∈N^*即可求得k值，从而求得b值；
（2）由4Sn•f(-

1

an

)=-1可得2Sn=an2+an…③．n≥2时，2Sn-1=an-12+an-1…④．③-④整理可判断{a_n}是首项为1，公差为1的等差数列，由此可求得a_n，进而得b_n，再用错位相减法即可求得T_n；
（3）即证ln（1+2ⁿ）＜2ⁿ，构造函数f（x）=ln（1+2^x）-2^x（x≥1且x∈R），转化为f（x）_max＜0，利用导数即可求得最大值．

解答：解：（1）由 

f(2)= 4 2k-b =2 f(3)= 9 3k-b ＞2

⇒

2k-b=2…① 6k-2b＜9…②

，
由①代入②可得k＜

5

2

，且k∈N^*．
当k=2时，b=2（成立），当k=1时，b=0（舍去）．
所以k=2，b=2．
（2）4Sn•f(-

1

an

)=4Sn•

1 an2

- 2 an -2

=-1，即2Sn=an2+an…③．
n≥2时，2Sn-1=an-12+an-1…④．
所以，当n≥2时，由③-④可得2an=(an2-an-12)+(an-an-1)，
整理得，（a_n+a_n-1）（a_n-a_n-1-1）=0．
又∵a_n＞0得a_n-a_n-1=1，且a₁=1，
所以{a_n}是首项为1，公差为1的等差数列，即a_n=n，
bn=2n．∴nbn=n•2n．
Tn=1•21+2•22+3•23+…+(n-1)•2n-1+n•2n，
2Tn=1•22+2•23+3•24+…+(n-1)•2n+n•2n+1，
由上两式相减得  -Tn=21+22+23+…+2n-n•2n+1=

2(1-2n)

1-2

-n•2n+1．
∴Tn=(n-1)2n+1+2．
（3）由（2）知bn=2n，只需证ln（1+2ⁿ）＜2ⁿ．
设f（x）=ln（1+2^x）-2^x（x≥1且x∈R）．
则f′(x)=

2xln2

1+2x

-2xln2=

2xln2

1+2x

•(-2x)＜0，
可知f（x）在[1，+∞）上递减，∴f（x）_max=f（1）=ln3-2＜0．
由x∈N^*，则f（n）≤f（1）＜0，
故ln（1+b_n）＜b_n．

点评：本题考查数列求和、利用导数求函数的最值及数列的函数特性，考查学生分析问题解决问题的能力，考查数列求和的基本方法．