分析 (1)由an=Sn-Sn-1,能求出an=2n+1.n≥2时,b1+3b2+5b3+…+(2n-3)•bn-1=(n-2)•3n+3,从而得到(2n-1)•bn=(2n-1)•3n,由此能求出bn=3n.
(2)由Tn=$\frac{{a}_{1}}{{b}_{1}}$+$\frac{{a}_{2}}{{b}_{2}}$+$\frac{{a}_{3}}{{b}_{3}}$+…+$\frac{{a}_{n}}{{b}_{n}}$=$\frac{3}{3}+\frac{5}{{3}^{2}}+\frac{7}{{3}^{3}}+…+\frac{2n+1}{{3}^{n}}$,利用错位相减法能求出满足Tn<$\frac{11}{6}$的n的取值集合.
解答 解:(1)∵数列{an}的前n项和Sn=an+n2-1,
∴n≥2时,an=Sn-Sn-1=(an+n2-1)-[an-1+(n-1)2-1]=an-an-1+2n-1,
∴an-1=2n-1,
∴an=2n+1.
∵数列{bn}满足:b1+3b2+5b3+…+(2n-1)•bn=(n-1)•3n+1+3(n∈N*),
∴n≥2时,b1+3b2+5b3+…+(2n-3)•bn-1=(n-2)•3n+3,
两式相减,得:(2n-1)•bn=(2n-1)•3n,
∴bn=3n.
(2)Tn=$\frac{{a}_{1}}{{b}_{1}}$+$\frac{{a}_{2}}{{b}_{2}}$+$\frac{{a}_{3}}{{b}_{3}}$+…+$\frac{{a}_{n}}{{b}_{n}}$=$\frac{3}{3}+\frac{5}{{3}^{2}}+\frac{7}{{3}^{3}}+…+\frac{2n+1}{{3}^{n}}$,①
$\frac{1}{3}{T}_{n}$=$\frac{3}{{3}^{2}}+\frac{5}{{3}^{3}}+\frac{7}{{3}^{4}}+…+\frac{2n+1}{{3}^{n+1}}$,②
①-②,得:$\frac{2}{3}$Tn=1+2($\frac{1}{{3}^{2}}+\frac{1}{{3}^{3}}+\frac{1}{{3}^{4}}+…+\frac{1}{{3}^{n}}$)-$\frac{2n+1}{{3}^{n+1}}$
=1+2×$\frac{\frac{1}{9}(1-\frac{1}{{3}^{n-1}})}{1-\frac{1}{3}}$-$\frac{2n+1}{{3}^{n+1}}$
=$\frac{4}{3}-\frac{1}{{3}^{n}}$-$\frac{2n+1}{{3}^{n+1}}$,
∴Tn=2-$\frac{n+2}{{3}^{n}}$.
点评 本题考查数列的通项公式的求法,考查数列的前n项和的求法,是中档题,解题时要认真审题,注意错位相减法的合理运用.
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