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4.一同学用游标卡尺测一根金属管的深度时,游标卡尺上的游标尺和主尺的相对位置如图甲所示,则这根金属管的深度是1.060cm;该同学又利用螺旋测微器测量一金属板的厚度为5.702mm,则图乙中可动刻度a、b处的数字分别是20、25.

分析 解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法,主尺读数加上游标读数,不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读.

解答 解:游标卡尺的主尺读数为:1cm=10mm,游标尺上第12个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为12×0.05mm=0.60mm,所以最终读数为:10mm+0.60mm=10.60mm=1.060cm.
2、螺旋测微器的固定刻度为5.5mm,总读数为5.702mm,所以可动刻度为0.202mm,所以a对应的数字是20,b对应的数字是25.
故答案为:1.060;20;25

点评 对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理,要能正确使用这些基本仪器进行有关测量.

练习册系列答案
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科目:高中物理 来源: 题型:多选题

14.如图甲所示,质量不计的弹簧竖直固定在水平面上,t=0时刻,将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放,小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点,然后又被弹起离开弹簧,上升到一定高度后再下落,如此反复.通过安装在弹簧下端的压力传感器,测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示,则(  )
A.t1时刻小球动能最大
B.t2时刻小球重力势能最小
C.t2-t3这段时间内,小球的动能先增加后减小
D.t2-t3这段时间内,弹簧的弹性势能增加

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15.下列关于永动机的说法中错误的是(  )
A.第一类永动机违反了能量守恒定律
B.第一类永动机违反了热力学第一定律
C.第二类永动机违反了能量守恒定律
D.第二类永动机违反了热力学第二定律

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12.全球最大的太阳能飞机--阳光动力2号在机翼上安装了17248块光伏电池,所需能量完全由太阳能电池提供无需一滴燃料.2014年6月2日,阳光动力2号在瑞士西部城市帕耶讷成功首飞,2015年3月31日,抵达重庆.安装4台发动机,每台功率13.5kW.
已知飞机竖直向上的升力与其水平速度v的关系为F=kv2(k=$\frac{1000}{9}$N•s2/m2),起飞时总质量为2500kg,重力加速度g取10m/s2
(1)现将该飞机在水平直跑道上起飞过程简化如下:飞机从静止开始做匀加速直线运动,经过225m时,飞机即将离开地面.求飞机即将离开地面时速度的大小,起飞过程加速度的大小;
(2)若飞机四台发动机全功率启动,由静止开始加速经过10s离开地面,起飞过程受到的阻力恒为2000N,发动机的效率为80%,求起飞过程的位移.

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19.水平光滑直轨道ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道bc相切,一质量为m的小球以初速度v0沿直轨道ab向右运动,如图所示,小球进入半圆形轨道后刚好能通过最高点c,则(  )
A.若R不变,m越大,则v0越大
B.若R不变,m越大,则小球经过C点对轨道的压力变大
C.若m不变,R越大,则v0越小
D.若m不变,R越大,则小球经过b点后的瞬间对轨道的压力仍不变

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9.如图(a)所示,倾角θ=30°的光滑固定斜杆底端固定一电量为Q=2×10-4C的正点电荷,将一带正电小球(可视为点电荷)从斜杆的底端(但与Q末接触)静止释放,小球沿斜杆向上滑动过程中能量R随位移S的变化图象如图(b)所示,其中线1为重力势能随位移变化图象,线2为动能随位移变化图象.(g=10m/s2,静电力恒量k=9×109N•m2/C2
(1)求小球的质量m;
(2)小球向上滑行多远其加速度为零?小球所带的电量为多少?

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16.“嫦娥二号”环月飞行的高度为100km,所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高为200km“嫦娥一号”更加详实.若两颗卫星环月的运行均可视为匀速圆周运动,运行轨道如图所示,则下列说法正确的是(  )
A.“嫦娥一号”和“嫦娥二号”绕月球匀速圆周运动的向心力由地球对它们的万有引力提供
B.“嫦娥一号”和“嫦娥二号”的轨道平面一定过月球球心
C.“嫦娥二号”环月运行的周期比“嫦娥一号”大
D.“嫦娥二号”环月运行的向心加速度比“嫦娥一号”小

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13.一物体受到5个力的作用在水平面上做匀速直线运动,若突然把其中的一个力的方向改变了30°,并且大小增大为原来的2倍,而其他力都不变,则物体可能(  )
A.静止B.做匀速直线运动
C.做变加速曲线运动D.做匀加速直线运动

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11.绕地球做匀速圆周运动的卫星,离地面越近的卫星其(  )
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