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    （2011?延庆县模拟）如图所示，M1N1、M2N2是两根处于同一水平面内的平行导轨，导轨间距离是d=0.5m，导轨左端接有定值电阻R=2Ω，质量为m=0.1kg的滑块垂直于导轨，可在导轨上左右滑动并与导轨有良好的接触，滑动过程中滑块与导轨间的摩擦力恒为f=1N，滑块用绝缘细线与质量为M=0.2kg的重物连接，细线跨过光滑的定滑轮，整个装置放在竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度是B=2T，将滑块由静止释放．设导轨足够长，磁场足够大，M未落地，且不计导轨和滑块的电阻．g=10m/s2，求：
    （1）滑块能获得的最大动能
    （2）滑块的加速度为a=2m/s2时的速度
    （3）设滑块从开始运动到获得最大速度的过程中，电流在电阻R上所做的电功是w=0.8J，求此过程中滑块滑动的距离．
    分析：（1）滑块匀速运动时，受到的拉力、摩擦力和安培力三力平衡，再结合安培力和动生电动势表达式列式求解；
    （2）滑块受重力、支持力、安培力、摩擦力、拉力，物块受重力和拉力，根据牛顿第二定律对两物体整体列式求解；
    （3）对两个物体的整体而言，重力做正功，克服阻力和安培力做功，克服安培力做的功等于系统增加的电能，等于电流的功，故对整体运用动能定理列式求解即可．
    解答：解：（1）滑块匀速运动时，受力平衡，有
    Mg=f+BId   ①
    根据欧姆定律，有
    I=
    E
    R
         ②
    动生电动势为：
    E=BdVm     ③
    联立①②③解之并代入动能表达式：EK=
    mVm2 
    2
    =0.2J
    即滑块能获得的最大动能为0.2J．
    （2）对两物体整体受力分析后，运用牛顿第二定律，有
    Mg-f-BId=（M+m）a    ④
    其中
    I=
    E
    R
                ⑤
    E=BdV             ⑥
    联立④⑤⑥解之：V=
    R[(M+m)a]
    B2d2
    =0.8m/s
    即滑块的加速度为a=2m/s2时的速度为0.8m/s．
    （3）对两物体整体运用动能定理，有
    Mgx-fx-w=
    (m+M)Vm2
    2

    解得
    x=
    (m+M)[(Mg-f)R]2
    2B4d4+w
    Mg-f
    =1.4m
    即滑块从开始运动到获得最大速度的过程中，滑块滑动的距离为1.4m．
    点评：本题关键是对整体受力分析，运用牛顿第二定律、共点力平衡条件、动能定理多次列式求解．
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    （2011?延庆县模拟）如图表示用传送带将相同的工件从A点运送到B点的装置图，传送带的倾角是θ，传送带的长度（A、B之间的距离）是L=21.5m，传送带的速度恒为v=1.1m/s，传送带与工件之间的动摩擦因数是μ=0.06，每个工件的质量是m=2kg，每秒钟将一个工件放在传送带的A点（静止）由传送带送至B点，再由工人拿走．设sinθ=tanθ=0.05，cosθ=1，g=10m/s2，求：
    （1）第一个工件从放上传送带到与传送带相对静止所用的时间
    （2）把一个工件从A点运送到B点摩擦力做的功
    （3）传送带上最多有几个工件．

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    （1）摩托车在空中的飞行时间
    （2）小河的宽度．

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    （2011?厦门模拟）[物理--选修3-3]
    （1）下列说法不正确的是
    D
    D
    ．（填入正确选项前的字母）
    A．露珠呈球形，是由于表面张力作用的结果
    B．若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，则在此过程中气泡内气体的体积将增加
    C．单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点
    D．单晶体和多晶体物理性质是各向异性的，非晶体是各向同性的
    （2）在如图所示的气缸中，用质量不计的活塞封闭了一定质量的气体．外界对活塞做功为l1J，气体向外散热为10J．则此过程中被封闭气体的内能
    B
    B
    ．（填选项前的编号）
    A．不变　　 B．增加1J　　　C．增加10J　  　D．增加21J．

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